2025-2026学年宁夏自治区育才中学物理高一上期末质量跟踪监视模拟试题含解析.doc

2025-2026学年宁夏自治区育才中学物理高一上期末质量跟踪监视模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、倾角为a、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上，下列说法正确的是（　　）

A.木块受到摩擦力大小是mgcosa B.木块对斜面体的压力大小是mg
C.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinαcosα D.桌面对斜面体的支持力大小是(M+m)g
2、2016年里约奥运会，南非选手范尼凯克获得田径男子400米冠军，并且以43秒03的成绩打破尘封了17年的世界纪录．范尼凯克绕田径赛场一周运动400m，用时43秒03，这两个物理量分别指的是
A.位移、时刻 B.位移、时间
C.路程、时刻 D.路程、时间
3、质量相同的甲、乙两人乘坐两部构造不同、倾角相同的电梯去商场，他们均相对于电梯静止，则下列说法正确的是（ ）

A.若两电梯匀速上升，则甲、乙两人均没有受到摩擦力
B.若两电梯匀速上升，则甲受到的重力和支持力
C.若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力
D.无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用
4、某同学在操场上向正北方向运动了16m，接着转向正东方向运动了12m，两段路线相互垂直，整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为（　　）
A.20m，20m B.28m，28m
C.20m，28m D.28m，20m
5、亲子活动中，聪明的小孩站在地面上，让大人蹲在滑板上进行手拉手的拔河比赛，小孩获得了胜利。在比赛过程中（ ）

A.小孩拉大人的力大于大人拉小孩的力 B.小孩拉大人的力小于大人拉小孩的力
C.决定胜负的关键是双方最大力气的较量 D.决定胜负的关键是两者受到地面最大静摩擦力的较量
6、以v0水平抛出一物体，如图，不计空气阻力，它又落到斜面上时，所用的时间为

A. B.
C. D.
7、物体做直线运动时，有关物体加速度和速度的说法中正确的是
A.在匀速直线运动中，物体的加速度必定为零
B.在匀加速直线运动中，物体的加速度必定为正
C.物体的速度等于零，其加速度不一定等于零
D.物体加速度方向不变，速度的方向可能改变
8、如图所示，光滑斜面CA、DA、EA都以AB为底边，三个斜面的倾角分别为75°、45°、30°。物体分别沿三个斜面由顶端从静止滑到底端，下面说法中正确的是（）

A.物体沿CA下滑，加速度最大
B.物体沿EA下滑，加速度最大
C.物体沿CA滑到底端所需时间最短
D.物体沿DA滑到底端所需时间最短
9、如图，一个质量为kg的小球在光滑水平面上运动，时刻小球经过坐标原点，速度方向与轴正方向的夹角为，速度大小为m/s，此刻开始对球施加一个沿轴负方向的水平恒力，已知N．下述判断正确的是（ ）

A.此后小球运动的最小速度为m/s
B.此后小球的速度先增大后减小
C.小球再次经过轴所需的时间为0.5s
D.小球的运动轨迹应为抛物线
10、我国的神州号载人航天飞船已成功的发射并返回地面,飞船中的宇航员在下列哪些情况下处于超重状态?( )
A.飞船加速上升时 B.飞船匀速上升时
C.飞船减速上升时 D.飞船减速下降时
11、如图所示，水平地面上的物体A，在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是（ ）

A.物体A可能只受到三个力的作用
B.物体A一定受到四个力的作用
C.物体A受到的滑动摩擦力大小为Fcos θ
D.物体A对水平面的压力大小一定为Fsin θ
12、关于物体运动的加速度，下列说法正确的是（）
A.速度越大，加速度越大
B.速度变化量大，加速度不一定大
C.末速度越大，加速度越大
D.速度变化越快，加速度越大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示

（1）下列说法正确的是_______
A．在平衡摩擦力时，不需要挂上细线和砝码盘
B．“盘和砝码的总质量远小于小车的质量”这一条件如不满足对探究过程会产生影响
C．在探究加速度与力的关系时，只需测量一次，记录一组数据即可
D．当改变小车的质量时，由于小车的摩擦力发生变化，所以需要再次平衡摩擦力
（2）在实验中，某同学得到了一条纸带如图所示，选择了A、B、C、D、E、F、G作为计数点，相邻两个计数点间还有4个计时点没有标出，其中x1=1.19cm、x2=2.40cm、x3=3.60cm、x4=4.79cm、x5=6.00cm、x6=7.22cm．已知电源频率为50 Hz，可以计算出小车的加速度大小是________m/s2(保留三位有效数字).打点计时器打D点时的瞬时速度是________ m/s(保留两位有效数字)

（3）假设某同学在一次实验中准确的平衡了摩擦力，但在测量所挂重物的质量时，忘记了砝码盘的质量．用a表示小车的加速度，F表示细线作用于小车的拉力，他绘出的a－F关系图象可能是________
A. B. C. D.
14、某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：

(1)通过实验得到如图乙所示的图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角___________（选填“偏大”或“偏小”）。
(2)该同学在正确平衡摩擦力后重新进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力将__________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量与砝码和盘的总质量满足___________的条件。
(3)该同学得到如图丙所示的纸带已知打点计时器电源频率为。、、、、、、是纸带上7连续打出的7个点。考虑__________，由此可算出小车的加速度_________（加速度结果保留两位有效数字）。

15、某同学在学习平抛运动时进行以下的实验：

（1）实验一：如图1所示，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开轻质接触式开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落．改变整个装置的高度H做同样的试验，发现位于同一高度的A、B总是同时落地．该实验说明了A球在离开轨道后（ ）.
A．在水平方向上的分运动是匀速直线运动 B．在水平方向上的分运动是匀加速直线运动
C．在竖直方向上的分运动是自由落体运动 D．在竖直方向上的分运动是匀速直线运动
（2）实验二：用如图2的实验装置研究小球平抛运动，每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，运动到从斜面顶端后做平抛运动，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的水平射程x，最后作出了如图3所示的x-tanθ图象，g=10m/s2.由图可知，小球在斜面顶端水平抛出时的初速度v0= ______ m/s．实验中发现θ超过60°后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度为L= ______ m．
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为的木板B放在水平地面上，质量为的木箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ＝37°.已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数.现用水平向右、大小为200 N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出(sin 37°≈0.6，cos 37°≈0.8，重力加速度g取10 m/s2)，则木板B与地面之间的动摩擦因数的大小是多少？

17、（10分）一小球从静止沿斜面以恒定的加速度滚下来，依次通过A、B、C三点，已知AB=12m，AC=32m，小球通过AB、BC所用的时间均为2s，则：

(1)求出小球下滑时的加速度？
(2)小球通过B点时的速度是多少？
(3)斜面A点以上部分至少有多长？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】AB．先对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有
，
由牛顿第三定律可知，木块对斜面体的压力大小为

故AB错误；
CD．对和整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为，桌面对斜面体的静摩擦力为零，故C错误，D正确；
故选D。
2、D
【解析】位移的大小等于物体初末位置间的距离，路程是运动轨迹的长度，时间是指时间间隔，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；
【详解】400m是指轨迹的长度，为路程，43秒03是指时间间隔，是时间，故选项D正确，ABC错误
3、B
【解析】AB.若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦力，所以A错误，B正确；
C.若两电梯匀加速上升，则甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C错误，D错误；
故选B.
【点睛】对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力
4、C
【解析】根据路程等于物体运动路线的长度、位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，确定路程和位移的大小
【详解】位移的大小等于首末位置的距离，大小，
路程等于运动轨迹的长度，s=16+12=28m，故C正确
故选C
【点睛】本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小．位移大小等于起点到终点直线距离的大小，不会大于路程
5、D
【解析】AB．小孩拉大人的力与大人拉小孩的力是一对作用与反作用力，总是大小相等方向相反，故AB错误。
CD．对于双方拔河者来说，当所受的拉力大于与地面的最大静摩擦力时就要被拉动而失败，则决定胜负的关键是两者受到地面最大静摩擦力的较量，故C错误，D正确。
故选D。
6、B
【解析】小球做的是平抛运动，研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，根据竖直分位移与水平分位移之比等于，列式分析；
【详解】设起点和落点之间的距离为，则由平抛运动的规律得：
水平方向上：
竖直方向上：
由以上两个方程可以解得：，故选项B正确，ACD错误
【点睛】本题是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解
7、ACD
【解析】A项：匀速直线运动，物体的速度不变，所以无加速度，故A正确；
B项：在匀加速直线运动中，加速度方向与速度方向相同，若规定初速度的反方向为正方向，则加速度为负值，故B错误；
C项：物体的速度等于零，加速度不一定等于零，例如竖直上抛运动到最高点，故C正确；
D项：物体的加速度方向不变，速度的方向可能改变，例如平抛运动，故D正确
8、AD
【解析】AB．设斜面倾角为α，物体沿光滑斜面下滑时的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得

解得

物物体沿CA下滑，斜面倾角最大，加速度最大，故A正确，B错误；
CD．设AB边长为x由运动学公式可得

联立可求得

当 t有最小值，说明物体沿DA滑到底端所需时间最短，故C错误，D正确。
故选择AD选项。
9、AD
【解析】分析可知，小球做类斜上抛运动，轨迹为抛物线，沿x轴方向的分运动为匀速直线，在y轴方向的分运动为类竖直上抛运动，所以当小球速度沿y方向分量为0时，小球速度最小
【详解】A、当小球速度沿y方向的分量为零，即时，小球速度最小，最小速度为，A正确；

B、小球做类斜上抛运动，拉力F先对小球做负功，后对小球做正功，故小球速度先减小后增大，B错误；
C、由牛顿第二定律可知，小球运动过程的加速度，小球先沿y轴正向做匀减速，根据速度与时间的关系得小球的减速时间为，由对称性可知，小球沿y轴反向加速的时间也为0.5s，故小球再次经过轴所需的时间为1s，C错误；
D、由于小球做类斜抛运动，故其轨迹为抛物线，D正确；
故本题选AD
【点睛】掌握运动的合成与分解原理，会将曲线运动化解为直线运动来处理是解决本题的关键，结合牛顿第二定律，能类比斜上抛运动，即可轻松求解
10、AD
【解析】A．飞船加速上升时，加速度向上，处于超重状态，选项A正确；
B．飞船匀速上升时，加速度为零，不是超重状态，选项B错误；
C．飞船减速上升时，加速度向下，处于失重状态，选项C错误；
D．飞船减速下降时，加速度向上，处于超重状态，选项D正确；
故选AD
11、BC
【解析】受力分析时注意弹力和摩擦力一定在物体与其它物体接触面上进行分析，注意弹力、摩擦力产生的条件，在本题中将拉力按照作用效果正交分解后，结合运动情况和摩擦力和弹力的产生条件对木块受力分析，得出结论
【详解】A、B项：物体一定受重力，拉力F产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故A错误，B正确；
C项：根据物体处于平衡状态可知，水平方向有：f=Fcosθ，故C正确；
D项：据物体处于平衡状态可知，竖直方向有：FN=mg-Fsinθ，故D错误
故应选：BC
【点睛】对物体受力分析通常要结合物体的运动情况，同时本题还要根据弹力和摩擦力的产生条件分析
12、BD
【解析】A.速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误；
B.根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，故B正确；
C.末速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误；
D.加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确；

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A B ②.1.20 ③.0.42 ④.C
【解析】（1）平衡摩擦力时不需要挂上细线和砝码，故A正确．“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足，不能用砝码和砝码盘的重力表示细线的拉力，探究过程会产生误差，故B正确．在探究加速度与力的关系时，需测出多组数据进行探究，故C错误．改变小车的质量，不需要重新平衡摩擦力，故D错误．故选AB
（2）根据△x=aT2，运用逐差法得：．打点计时器打D点时的瞬时速度是
（3）实验中准确的平衡了摩擦力，但在测量所挂重物的质量时，忘记了砝码盘的质量，则当F=0时，实际的F不为零，则加速度不为零，故C正确
14、 ①.偏大 ②.小于 ③.小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件 ④.1.80 ⑤.5.0
【解析】(1)[1]当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。
(2)[2]小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力。
[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得

解得

则绳子的拉力

当，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件。
(3)[4]刻度尺上读出A、D、G三点的位置，可得

[5]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度

15、 ①.（1） C ②.（2）1.0, ③.
【解析】（1）[1]．球A与球B同时释放，同时落地，时间相同；A球做平抛运动，B球做自由落体运动；将球A的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，两个分运动同时发生，具有等时性，因而A球的竖直分运动与B球时间相等，改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，说明在任意时刻在两球同一高度，即A球的竖直分运动与B球完全相同，说明了平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；故选C
（2）[2][3]．根据平抛运动规律有，竖直方向：
y=gt2    
水平方向：
x=v0t     

联立得：
x=tanθ
由图可得：
=0.2
解得：
v0=1m/s；
当斜面倾角θ=60°时，设斜面长度为L，有：
Lsin60°=gt2   
水平方向：
Lcos60°=v0t   
得：

解得：
L=m．
点睛：解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．图象法在物理学中应用较为广泛，一定要掌握图象的分析方法.

三．计算题(22分)
16、3
【解析】对受力分析如图甲所示，

由题意得
①，
②，
③，
由①②③得：
对、整体受力分析如图乙所示，

由题意得：
④，
⑤，
⑥，
由④⑤⑥得：
17、 (1)2m/s2；(2)8m/s；(3)4m
【解析】(1)由△x=aT2得

(2)小球通过B点时的速度是

(3)OB距离

则A点以上部分的长度
x=xOB﹣xAB=4m