2025年甘肃省定西市通渭县第二中学物理高一上期末复习检测试题含解析.doc

2025年甘肃省定西市通渭县第二中学物理高一上期末复习检测试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、2019年女排世界杯中，中国女排以十一场全胜的成绩第五次获得世界杯冠军，图中所示为朱婷在世界杯比赛中扣球时的照片。若忽略空气阻力，下列说法中正确的是

A.扣球时手对排球的作用力大于排球对手的作用力
B.排球离手后空中处于完全失重状态
C.排球离手后在空中处于超重状态
D.排球离手后做自由落体运动
2、如图是某质点运动的速度图象．由图象可求得，质点在0~2s内的加速度和3s末的瞬时速度分别是（　　）

A.4m/s2， 4m/s B.2m/s2， 2m/s
C.2m/s2， 4m/s D.4m/s2， 0
3、据报道，中国首艘国产航母预计在2019年服役．假设航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号的舰载飞机质量为m＝104kg，在跑道上加速时产生的最大动力为F＝7×104N，所受阻力为重力的0.2倍，当飞机的速度大小达到50m/s时才能离开航空母舰起飞．g取10m/s2，设航空母舰甲板长为160m，则下列法中正确的是（　　）

A.飞机在跑道上加速时所受阻力大小为104N
B.飞机在跑道上加速时的最大加速度大小为7m/s2
C.若航空母舰处于静止状态，弹射系统必须使飞机至少具有大小为30m/s的初速度
D.若航空母舰上不装弹射系统，为使飞机仍能在此舰上正常起飞，航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为20m/s
4、停在水平地面上的小车内，用绳子AB、BC拴住一个重球，绳BC呈水平状态，绳AB的拉力为T1，绳BC的拉力为T2．若小车由静止开始加速向左运动，但重球相对小车的位置不发生变化，则两绳的拉力的变化情况是（ ）

A.T1变小，T2变小 B.T1变小，T2变大
C.T1不变，T2变小 D.T1变大，T2不变
5、某校高一学生来到上杭古田开展研学活动，听红色故事、学红色精神，接受革命传统教育。如图为研学活动的部分线路图，同学小王和小张两人同时从“长青亭”出发，沿不同的路线前往“古田会议会址主席园”，小王比小张先到达目的地。对于此过程，下列说法正确的是（ ）

A.小王与小张的路程一定相同 B.小王与小张的位移一定相同
C.小王与小张的平均速度一定相同 D.小王与小张到达目的地的瞬时速度一定相同
6、如图所示，重力为200N的光滑球静止在倾角为30的斜面和竖直挡板之间，使挡板由图示位置开始沿逆时针方向缓慢转至水平位置．在此过程中，球对挡板的作用力的最小值为　　

A.80N B.100N
C. D.200N
7、如图所示，在光滑斜面上，有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中，下列说法中正确的是

A.物体的加速度将先增大，后减小
B.物体的加速度将先减小，后增大
C.物体的速度将先增大，后减小
D.物体的速度将先减小，后增大
8、甲．乙两质点从同一地点出发沿同一直线运动，它们的速度——时间图像如图所示，则两质点（ ）

A.前内的平均速度相等
B.前内运动方向相同
C.加速度方向相反
D.末的速度相等
9、如图所示，传送带的水平部分长为L，传送速率为v，在其左端无初速放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（　　）

A B.
C. D.
10、如图所示，在倾角为θ的斜面上，放一质量为m的光滑小球，小球被竖直挡板挡住，小球静止不动。现将竖直挡板以下端为轴缓慢向左转至水平的过程中，则球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是

A.F1一直减小 B.F1先减小后增大
C.F2先减小后增大 D.F2一直减小
11、甲、乙两车平直公路上同向行驶，其图象如图所示。已知两车在3s时并排行驶，则（　　）

A.甲车的加速度大小为5m/s2
B.乙车的加速度大小为5m/s2
C.两车另一次并排行驶的时刻是1s
D.甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m
12、一个物体做直线运动，下列关于这个物体的加速度、速度及速度变化量的说法，正确的是
A.物体的速度越大，加速度越大
B.物体的速度变化量越大，加速度越大
C.物体单位时间内的速度变化量越大，加速度越大
D.如果物体做匀加速直线运动，加速度的方向和速度变化量的方向相同
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O。接下来的实验步骤如下：
步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上。重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；
步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；
步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度。
①对于上述实验操作，下列说法正确的是________

A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下
B．斜槽轨道必须光滑
C．斜槽轨道末端必须水平
D．小球1质量应大于小球2的质量
②上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有________；
A．A、B两点间的高度差h1
B．B点离地面的高度h2
C．小球1和小球2的质量m1、m2
D．小球1和小球2的半径r
③当所测物理量满足表达式______________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式______________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞时无机械能损失；
④完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图所示．在水平槽末端与水平地面间放置了一个斜面，斜面的顶点与水平槽等高且无缝连接．使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在斜面上的平均落点M′、P′、N′。用刻度尺测量斜面顶点到M′、P′、N′三点的距离分别为l1、l2、l3。则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为____________(用所测物理量的字母表示)。

14、某同学用如下图甲所示的实验装置探究物体的速度与时间的关系：

（1）电磁打点计时器接________电源(填“低压直流”、“低压交流”或“220V交流”).
（2）实验时，使小车靠近打点计时器，先________再________。(填“接通电源”或“放开小车”)
15、如图甲所示某同学设计了用光电门传感器“探究小车的加速度与小车所受拉力及质量关系”的实验

(1)如图甲所示，在小车上固定宽度为L的挡光片，将两个光电门传感器固定在相距为d的轨道上，释放小车，传感器记录下小车经过光电门的时间t1、t2，可以测得小车的加速度a＝______(用题中的符号L、d，t1、t2表示)
(2)在该实验中必须采用______法(填物理方法)，应保持_____不变，通过改变钩码的个数来改变小车所受的拉力大小，研究加速度a随拉力F变化的规律
(3)甲同学由于实验时没有注意始终满足M≫m的条件(m为钩码的质量)，结果得到的图象应是下图中的_____
A. B. C. D.
(4)乙、丙两名同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a－F图线如图乙所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同______________

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，水平地面上有一质量m = 2 kg的物块，物块与水平地面间的动摩擦因数μ = 0.2，在与水平方向成θ = 37°角斜向下的推力F = 10 N作用下由静止开始向右做匀加速直线运动。已知sin37° = 0.6，cos37° = 0.8，重力加速度g取10 m/s2，不计空气阻力。求：

（1）物块运动过程中所受滑动摩擦力的大小；
（2）物块运动过程中加速度的大小；
（3）物块运动5 s所通过的位移大小
17、（10分）如图所示，用水平拉力F使物体由静止开始沿光滑水平地面做匀加速直线运动，测得物体的加速度，已知物体的质量。求：
(1)水平拉力F的大小；
(2)物体在时物体的速度v的大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．扣球时手对排球的作用力和排球对手的作用力是一对相互作用力，等大反向，A错误；
BC．排球离手后在空中，若忽略空气阻力，则只受重力作用，加速度竖直向下，大小等于g，处于完全失重状态，B正确C错误；
D．自由落体运动的初速度为零，而排球离开手后，初速度不为零，做抛体运动，不是自由落体运动，D错误；
故选B。
2、C
【解析】速度时间图线反映质点速度随时间的变化情况，能直接读出瞬时速度，其斜率表示加速度，由数学知识求解
【详解】质点在0-2s内加速度等于这段图线的斜率，为

3s末的瞬时速度为v=4m/s。
故选C。
3、C
【解析】根据阻力为重力的0.2倍求阻力大小.当动力最大时产生的加速度也最大，根据牛顿第二定律求最大加速度大小．若航空母舰处于静止状态，根据速度位移关系公式求飞机的初速度．若航空母舰上不装弹射系统，为使飞机仍能在此舰上正常起飞，考虑航母已经具有一定的速度v′，飞机的速度想要到达50m/s，不妨以航母为参照系，那么飞机只需要相对航母速度达到50m/s-v′即可，之后再根据速度位移关系式求解即可求解航母的速度v′.
【详解】A、飞机在跑道上加速时所受阻力大小为f＝0.2mg＝0.2×104×10N＝2×104 N；故A错误.
B、当F＝7×104N时，飞机在跑道上加速时加速度最大，设为a；根据牛顿第二定律得F-f＝ma，解得a＝5m/s2；故B错误.
C、若航空母舰处于静止状态，根据速度位移公式v2-v02＝2aL，将v＝50m/s，L＝160m，a＝5m/s2，代入解得v0＝30m/s，故C正确.
D、若航空母舰上不装弹射系统，为使飞机仍能在此舰上正常起飞，航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为v′．以航母为参考系，根据速度位移公式得此题条件下(v-v′)2＝2aL，代入数据解得v′＝10m/s，即航空母舰沿飞机起飞方向的速度大小至少应为10m/s，故D错误.
故选C.
【点睛】本题的关键要理清航母与飞机的运动情况，注意参照系的灵活选择.在D项中，选用航母作为参照系，由于航母是匀速运动，该参照系下速度与位移的关系式仍然成立，只不过此时飞机的起飞条件由v＝50m/s变为相对于航母v-v′.
4、C
【解析】本题的考点是共点力的平衡和牛顿运动定律
【详解】
如图所示对小球进行受力分析，以向左为正方向，则，其中不变，，所以不变，减小．C对
所以
【点睛】共点力平衡问题关键是要进行受力分析，找到自变量和因变量
5、B
【解析】A．路程是实际运动路径的长度，不一定相同，故A错误；
B．位移是由初位置指向末位置的有向线段，两人初位置和末位置相同，则位移相同，故B正确；
C．平均速度，两人位移相同，但运动时间不同，则平均速度不同，故C错误；
D．瞬时速度对应到达目的地的瞬间，瞬时速度的大小和方向都不一定相同，故D错误。
故选B。
6、B
【解析】小球受三个力作用而保持静止状态，其中重力大小、方向都不变，斜面对球的支持力方向不变，大小变，挡板对球的支持力的大小和方向都变化，根据三力平衡的条件，结合平行四边形定则作图分析即可
【详解】小球受重力、挡板弹力和斜面弹力，将与合成为F，如图所示：

小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F和合成的合力F一定与重力等值、反向、共线．由图可知，当的方向沿斜面向上时最小，最小为：，故B正确，ACD错误
【点睛】本题关键对小球受力分析，然后将两个力合成，当挡板方向变化时，将多个力图重合在一起，直接由图象分析出最小值
7、BC
【解析】小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；综上可知，加速度先减小后反向增大；小球速度先增大后减小，故BC正确，AD错误； 故选BC.
点睛：解决本题的关键是分析小球的受力情况，再判断其运动情况；压缩弹簧运动的分析是中学阶段的一个难点．要注意分析弹簧的弹力随形变量的变化而变化； 从而引起合力和加速度的变化过程
8、BC
【解析】在v-t图象中每点的纵坐标表示物体的瞬时速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动，速度的符号表示速度的方向，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，图象的斜率表示物体的加速度
【详解】根据速度图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，则知前2s内两个质点通过的位移不等，则平均速度不等，故A错误．速度的符号表示运动方向，可知前4s内运动方向相同，故B正确．根据图象的斜率表示物体的加速度，斜率一正一负，说明加速度方向相反，故C正确．由图知，4s末的速度不等，一个是0，一个是5m/s，故D错误．故选BC
【点睛】本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动情况，根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，由图象的斜率分析加速度的大小和方向
9、BD
【解析】木块沿着传送带的运动可能是一直加速，也可能是先加速后匀速，对于加速过程，可以先根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求解运动时间
【详解】若木块沿着传送带的运动是一直加速，根据牛顿第二定律，有
μmg=ma       ①
根据位移时间公式，有 ②
由①②解得
故B正确；
若木块沿着传送带的运动是先加速后匀速，根据牛顿第二定律，有
μmg=ma ③
根据速度时间公式，有
v=at1    ④
根据速度位移公式，有
v2=2ax1    ⑤
匀速运动过程，有
L-x1=vt2    ⑥
由③④⑤⑥解得

故A错误；
如果物体滑到最右端时，速度恰好增加到v，根据平均速度公式，有

所以
故C错误，D正确；
故选BD
【点睛】本题关键是将小滑块的运动分为两种情况分析，一直匀加速或先匀加速后匀速，然后根据牛顿第二定律和运动学公式列式求解
10、BD
【解析】小球受重力、挡板弹力F1和斜面弹力F2，将F1与F2合成为F，如图所示：

小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线。从图中可以看出，当挡板逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1先变小后变大，F2越来越小；
A．F1一直减小，与结论不相符，选项A错误；
B．F1先减小后增大，与结论相符，选项B正确；
C．F2先减小后增大，与结论不相符，选项C错误；
D．F2一直减小，与结论相符，选项D正确；
故选BD。
11、BC
【解析】AB．由图象斜率表示加速度可得

所以B正确，A错误；
C．由题意可知，3s时两车并排行驶，由图象面积表示位移可知，1s两车也是并排行驶，所以C正确；
D．由图象求1s到3s的位移为

所以D错误。
故选BC。
12、CD
【解析】加速度等于物体的速度变化量与发生变化所用时间的比值，与两个因素相关，速度变化很大，加速度可能很小．速度变化很小，加速度可能很大．加速度与速度没有直接关系，加速度大小不断变小，速度不一定变小，相反，加速度变大，速度也不一定变大．物体速度的增减取决于加速度和速度的方向关系，不决定于加速度的正负，加速度的大小就是速度的变化率
【详解】物体的速度越大，加速度不一定越大，例如高速飞行的子弹的加速度为零，选项A错误；物体的速度变化量越大，加速度不一定越大，还与时间有关，选项B错误；加速度是速度的变化率，物体单位时间内的速度变化量越大，加速度越大，选项C正确；无论物体做加速还是减速运动，加速度的方向和速度变化量的方向总是相同的，选项D正确；故选CD.
【点睛】速度与加速度均是矢量，速度变化的方向决定了加速度的方向，却与速度方向无关．同时加速度增加，速度可能减小，所以加速度与初速度的方向关系决定速度增加与否

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.ACD ②.C ③. ④. ⑤.m1＝m1＋m2
【解析】①[1]A．从相同的位置落下，保证小球1每次到达轨道末端的速度相同，A正确；
B．现实中不存在绝对光滑的轨道，B错误；
C．为了保证两小球能够发生对心碰撞且碰后做平抛运动，所以轨道末端必须水平，C正确；
D．为了保证1小球碰后不反弹，所以小球1质量应大于小球2的质量，D正确。
故选ACD；
②③[2][3]小球碰撞满足动量守恒定律：

小球飞出轨道后做平抛运动，下落时间由高度决定：

水平方向做匀速直线运动：

联立方程：，所以还需要测量的物理量为两小球的质量，C正确，ABD错误；
[4]若能量守恒，根据能量守恒定律：

联立方程：；
④[5]小球飞出后做平抛运动，斜面的倾角为，分解位移：

消去时间，解得：，根据题意，代入动量守恒方程中得：
。
14、 ①.低压交流 ②.接通电源 ③.放开小车
【解析】(1)[1]电磁打点计时器使用的是低压交流电源；
(2)[2][3]实验时，过程非常短暂，若先放开小车在接通电源，则极有可能在打点计时器工作稳定前小车运动结束或者小车运动快要结束时才开始打点，从而造成打点很少，数据很少，不利用实验，故应使小车靠近打点计时器，先接通电源再放开小车。
15、 (1). (2).控制变量 (3).小车质量 (4).D (5).小车质量不同
【解析】(1)数字计时器记录通过光电门的时间，
小车经过光电门时的瞬间速度为 与 ；
根据匀变速直线运动的速度位移公式 ，
解得：
(2)在本实验操作中，采用了“控制变量法”，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系；
(3)随着 增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于钩码的质量，若小车质量远小于钩码质量时，小车的加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确；
(4)由图可知在拉力相同的情况下，根据，即图象的斜率等于小车的质量，所以两人的实验中小车的质量不同

三．计算题(22分)
16、（1）5.2 N；（2）1.4 m/s2；（3）17.5 m
【解析】（1）受力分析如图所示，物块沿竖直方向所受合力为零，由平衡条件得

物块运动过程中所受的滑动摩擦力大小

解得

（2）设物块的加速度大小为a，根据物块沿水平方向的受力情况，由牛顿第二定律得

解得

（3）物块运动5.0 s所通过的位移大小

17、 (1)3N；(2)6m/s
【解析】(1)根据牛顿第二定律

(2)物体在时速度的大小