青海省西宁第二十一中学2026届物理高一上期末达标检测模拟试题含解析.doc

青海省西宁第二十一中学2026届物理高一上期末达标检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一质点做圆周运动，下列说法正确的是（　　）
A.速度一定不断改变，加速度也一定不断改变
B.速度一定不断改变，加速度可以不变
C.速度可以不变，加速度一定不断改变
D速度可以不变，加速度也可以不变
2、如图所示，若有4个完全相同的篮球，并排放在倾角为30°的固定斜面上，各篮球依次标为“铁、人、中、学”，其中“学”号篮球被竖直板挡住，不计所有接触处的摩擦，则“人”号篮球跟“中”号篮球间与“学”号篮球跟挡板间的弹力之比为(　　)

A. B.
C. D.
3、描述运动和力的关系式（　　）
A.牛顿第一定律和牛顿第二定律 B.牛顿第一定律和牛顿第三定律
C.牛顿第二定律和牛顿第三定律 D.牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律
4、一物体从某高度以初速度v0水平抛出，落地时速度大小为v1，则它运动时间为（　　）
A. B.
C. D.
5、光滑的水平地面上，用300N水平力拖动一质量为60kg的物体时，物体的加速度为（　　）
A.3m/s2 B.5m/s2
C.7m/s2 D.9m/s2
6、2018年我国发射的“嫦娥四号”探测器首次着陆月球的背面，“玉兔二号”顺利从“嫦娥四号”上登陆到月球表面进行探月工作，利用通信绕月中继星可拍射到“玉兔二号”在月球上的运动轨迹，则在研究“玉兔二号”运动轨迹时选择的参考系是（　　）
A.月球表面 B.太阳
C.中继星 D.地球
7、物体从离地面45 m高处开始做自由落体运动(g取10 m/s2)，则下列选项中正确的是（ ）
A.物体运动4s后落地
B.物体落地时的速度大小为30 m/s
C.物体在落地前最后1 s内的位移为25 m
D.物体在整个下落过程中的平均速度为20 m/s
8、甲、乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t=0时刻，甲车在乙车前25m处．在描述两车运动的v-t图中（如图），直线a、b分别描述了甲、乙两车在20s内的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（ ）

A.在0〜10s内两车逐渐靠近
B.10〜20s内两车逐渐远离
C.在t=20s时两车在公路上相遇
D.在10s时两车在公路上相遇
9、如图所示,质量均为的物体A、B叠放在粗糙水平面上保持静止，B与A之间、A与水平面之间的动摩擦因数分别为滑轮及细绳质量不计最大静摩擦力等于滑动摩擦力，某时刻起滑轮受到随时间均匀增大的水平拉力的作用。则下列说法中正确的是（　　）

A.B所受的摩擦力方向一定向左
B.B所受的摩擦力方向可能向右
C.当时，A、B均静止
D.若不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动
10、在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则下列关于子弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比正确的是（　　）

A. B.
C. D.
11、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为5N，g=10m/s2。关于电梯的运动，以下说法正确的是（　　）

A.电梯可能向下加速运动，加速度大小5m/s2
B.电梯可能向上加速运动，加速度大小为5m/s2
C.电梯可能向下减速运动，加速度大小为5m/s2
D.电梯可能向上减速运动，加速度大小为5m/s2
12、如图所示，质量为M=1kg的足够长木板B静止在光滑水平面上，现有一质量m=0.5kg的小滑块（可视为质点）以v0=3m/s的初速度从、左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向前滑动。已知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.1，重力加速度g取10m/s2。则（ ）

A.木板和滑块保持相对静止前木板受到的摩擦力f=1.5N
B.木板和滑块保持相对静止前木板的加速度为a=0.5m/s2
C.木板和滑块保持相对静止前的木板速度为v=2m/s
D.木板和滑块保持相对静止前滑块运动的位移为s=4m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、质量为1kg的物体，静止放于粗糙的水平面上，现在给物体施一水平力F，使物体从静止开始沿水平面运动，运动2s时将水平力F撤去，物体运动的速度图象如图所示，则：水平力F=_________N，物体与水平面间的动摩擦因数μ=_______。（g＝10m/s2）。

14、在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）．其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳
(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图1中与B相连的弹簧测力计的示数为_____N

(2)在实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力；F’表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则图2中符合实验事实的是________.
(3)对于“验证力的平行四边形定则”的实验，某同学有以下认识，以下操作可减小误差的是_____.
A．实验中两个分力的夹角取得越大越好
B．细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行
C．拉橡皮条的细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些
D．作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向
15、一物体做自由落体运动，在落地前一秒内下降35m。它是从_________m高处自由落下的，下落时间为______s（g=10m/s2）。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一种电动打夯机的结构为：在固定于夯上的电动机的转轴上固定一个杆，杆的另一端固定一铁块（图中阴影部分的圆球即为铁块）。工作时电动机带动杆上的铁块在竖直平面内匀速运动，则当铁块转到最低点时，夯对地面产生很大的压力而夯实地面。设夯（不包括铁块） 的总质量为，铁块的质量为，杆长为，重力加速度为，杆的质量忽略不计。
（1）若铁块的角速度为，则在圆周的最低点时杆对铁块的拉力是多少？
（2）若铁块的线速度为，且较大，在圆周的最高点时杆对铁块是拉力，则杆对铁块的拉力是多少？
（3）若铁块的转速太大了，则当铁块在圆周的最高点时有可能会将夯带离地面，在工作过程中为了保证安全，我们要求夯不能离开地面，则铁块匀速转动的线速度最大为多少？
（4）当铁块以第三问的线速度匀速转动时，夯对地面产生的压力的最大值是多少？

17、（10分）如图所示，质量为M＝2 kg的长木板静止在光滑水平面上，现有一质量m＝1 kg的小滑块(可视为质点)以v0＝3.6 m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向前滑动．已知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝0.1，重力加速度g取10 m/s2.求：

(1)滑块在木板上滑动过程中，长木板受到的摩擦力大小f和方向；
(2)滑块在木板上滑动过程中，滑块加速度大小；
(3)若长木板长L0=4.5m，试判断滑块与长木板能达到的共同速度v，若能，请求出共同速度大小和小滑块相对长木板上滑行的距离L；若不能，请求出滑块滑离木板的速度和需要的时间
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】做圆周运动过程中，速度的方向时刻变化着，大小可能变化也可能不变，但由于速度是矢量，只要大小和方向有一个变化，则速度变化，所以圆周运动过程中的速度一定时刻变化着，圆周运动过程中，一定存在一个向心加速度，时刻指向圆心，即向心加速度一定变化着，还可能存在一个切向加速度，所以两个加速度的矢量和一定变化着，故加速度一定不断变化着，故选A。
2、D
【解析】设每个球的质量为m，将“铁”号篮球与“人”号篮球看成整体，由平衡条件得

将四个球看成整体，由平衡条件得

所以有

故选D。
3、A
【解析】牛顿第一定律：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，直到有外力迫使它改变这种状态。它揭示了力不是物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因；
牛顿第二定律：物体的加速度与物体受到的合外力成正比，与物体的质量成反比，它揭示了物体受到力后运动状态变化的快慢与力之间的关系；
牛顿第三定律：两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它揭示了物体之间的相互作用力的特点，与运动状态无关。
由以上的分析可知，描述运动和力的关系的物理定律是牛顿第一定律和牛顿第二定律。故A正确，BCD错误。
故选A。
4、D
【解析】将物体落地的速度进行分解，如图所示：

则有：

又由小球竖直方向做自由落体运动，有：
vy=gt
得：

A．，与结论不相符，选项A错误；
B．，与结论不相符，选项B错误；
C．，与结论不相符，选项C错误；
D．，与结论相符，选项D正确；
故选D。
5、B
【解析】根据牛顿第二定律可知，物体的加速度，故B正确，ACD错误
6、A
【解析】参考系是被选做用来参考，被假设静止不动的物体，研究玉兔二号运动轨迹时，应该选择月球表面为参考系
故本题选A
7、BC
【解析】根据自由落体的位移公式、速度与位移的关系公式和平均速度公式求解．要理解第几秒的位移的含义：第n秒的位移等于前n秒的位移减去前n-1秒的位移
【详解】A项：根据位移公式得：，故A错误；
B项：落地时的速度v=gt=30m/s，故B正确；
C项：2s内的位移为，最后1s内的位移为△h=h-h′=25m，故C正确；
D项：平均速度，故D错误
故应选BC
【点睛】记住并理解自由落体的位移公式、速度与位移的关系公式和平均速度的公式是解本题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求
8、ABD
【解析】t=0时刻，甲车在乙车前25m处，根据速度大小关系分析两车之间距离如何变化．根据速度图象的“面积”表示位移，判断位移关系
【详解】t=0时刻，甲车在乙车前25m处，在0-10s内乙车速度大于甲车的速度，甲车在乙车的前方，所以两车逐渐靠近，故A正确．在0-10s内两车的位移之差为，即t=10s时刻，乙车恰好追上甲车，在10-20s内，甲车速度大于乙车的速度，两车逐渐远离．在t=20s时两车没有相遇，故BD正确，C错误．故选ABD
【点睛】利用速度--时间图象求从同一位置出发的解追及问题，主要是把握以下几点：当图象相交时两者速度相同．两者速度相同时两者相距最远或者最近；当两者速度时间图象与时间轴围成的面积相同时两者位移相同，即再次相遇.
9、AD
【解析】AB．当F较小时，两物体处于静止状态，此时B受到向右的细线的拉力作用，可知受到的静摩擦力向左；若F增大到一定值时，A相对地面滑动，此时若AB相对静止，则对整体有

对B有

解得

可知B受A的静摩擦力向左；假设AB产生相对滑动，且B相对A向左滑动，则B受摩擦力向右，则对A有

对B有

则由上述表达式可知
a2>a1
与假设相矛盾，可知B所受的摩擦力方向不可能向右。故A正确；B错误；
C．若AB均静止时，同时满足
，
故C错误；
D．若μ1=μ2=μ，则对A有

对B有

可知
a1=a2
即不论水平力F有多大，物体A、B间都不会相对滑动。故D正确。
故选AD。
10、AD
【解析】AB．子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，根据

速度的平方与间距成正比，则有，射入每个木块时的速度比

B错误A正确；
CD．子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，在通过相等位移内的时间比为，则穿过每个木块所用时间比

C错误D正确。
故选AD。
11、AD
【解析】对物体受力分析，据牛顿第二定律可得物体的加速度，从而判断物体的可能运动情况。
【详解】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，物体处于平衡状态，有

则物体的质量为

弹簧秤的示数变为5.0N时，对物体受力分析，据牛顿第二定律可得

解得
，方向竖直向下
电梯加速度大小为5 m/s2，可能向下加速运动，也可能向上减速运动，故选AD。
12、BD
【解析】A．木板所受的摩擦力为滑动摩擦力，大小为：
f=μmg=0.1×0.5×10N=0.5N
方向向右，选项A错误；
B．由牛顿第二定律，对滑块有：
μmg=ma
得：
a=μg=1m/s2
以木板为研究对象，根据牛顿第二定律有：
μmg=Ma′
可得出木板的加速度为：
a′=0.5m/s2
选项B正确；
C．设经过时间t，滑块和长木板达到共同速度v，则满足：
对滑块：
v=v0-at
对长木板：
v=a′t
由以上两式得：
t=2s
v=1m/s
选项C错误；
D．木板和滑块保持相对静止前滑块运动的位移为

选项D正确；
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.7.5N ②.0.25
【解析】[1][2]．由速度时间图线得，匀加速运动的加速度大小为：

匀减速运动的加速度大小为：

根据牛顿第二定律得：
F-μmg=ma1
-μmg=ma2
联立并代入数据得：
F=7.5N
μ=0.25
14、 ①.3.6 ②.B ③.BCD
【解析】(1)弹簧测力计的分度值是0.2N，估读到分度值是二分之一即可，据此可读出弹簧测力计的读数
(2)只用一个力拉时，拉力的作用方向一定沿橡皮条的延长线；分力F1、F2与合力F间满足平行四边形定则
(3)实验中两个分力的夹角不宜过大；细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行，这样所有力在同一平面内；拉橡皮条的细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些，这样可以减小力的方向的误差；作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向，这样可以减小画图产生的误差
【详解】(1)弹簧测力计的分度值是0.2N，估读到分度值是二分之一即可，则弹簧测力计的读数为
(2)只用一个力拉时，拉力的作用方向一定沿橡皮条的延长线，则F’方向沿AO的延长线．F1、F2与合力F间满足平行四边形定则．故B项正确，ACD三项错误
(3)A：实验中两个分力的夹角越大，合力越小，用平行四边形作图法得出合力的误差越大；实验中两分力的夹角不能取得太大．故A项错误
B：细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行，这样所有力在同一平面内，可减小实验误差．故B项正确
C：拉橡皮条细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些，这样可以减小力的方向的误差．故C项正确
D：作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向，这样可以减小画图产生的误差．故D项正确
15、 ①.80 ②.4
【解析】[1][2]．设下落时间为t，最后1s内的位移便是ts内的位移与（t-1）s内位移之差：

代入数据有：

得
t=4s
下落时的高度：

三．计算题(22分)
16、（1）；（2）；（3）；（4）。
【解析】（1）铁块在最低点时，由杆的拉力和重力提供向心力，则有：

解得：
（2）铁块的线速度为，且较大，在圆周的最高点时杆对铁块是拉力，根据牛顿第二定律有：

解得：
（3）当铁块运动到最高点时，打夯机才会离开地面，受到地面的支持力为零，此时设杆的拉力为F
对M，根据平衡条件有：

对m，根据牛顿第二定律有：

解得：
（4）当铁块转至最低点时，夯对地面产生的压力最大，对m，根据牛顿第二定律有：

代入v得：
对M，根据平衡条件有：

解得：
17、 (1)f=1N，方向向右；(2)a=1m/s2；(3)能，v=1.2m/s
【解析】(1)木板所受摩擦力为滑动摩擦力：
f=μmg=1N
方向向右；
(2) 由牛顿第二定律得：μmg=ma
得出：a=μg=1m/s2   ；
(3) 以木板为研究对象，根据牛顿第二定律：μmg=Ma′
可得出木板的加速度为：a′=0.5m/s2
设经过时间t，滑块和长木板达到共同速度v，则满足：
对滑块有：v=v0-at 
对长木板有：v=a′t
由以上两式得：滑块和长木板达到的共同速度：v=1.2m/s，t=2.4s
在2.4s内木板前进的位移为：
木块前进的位移为：
木板的长度最短为：L=x2-x1=4.32m<4.5m，所以两者能达到共同速度