2025-2026学年安徽省合肥市第二中学物理高一上期末经典模拟试题含解析.doc

2025-2026学年安徽省合肥市第二中学物理高一上期末经典模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x。现有四个不同物体的运动图像如图所示，t=0时刻物体的速度均为零，则其中物体做单向直线运动的图像是（　　）
A B.
C. D.
2、下列物体在沿直线运动的过程中，平均加速度最大的是
A.一架超音速飞机以500m/s的速度在空中匀速飞行10s
B.一辆自行车在3s的时间内，速度从3m/s增加到12m/s
C.一只蜗牛由静止开始爬行，经过0.2s获得0.002m/s的速度
D.一列动车在加速行驶时，速度由72km/h增加到144km/h用时100s
3、关于平抛运动，下列说法正确的是（　　）
A.平抛运动是匀速运动
B.平抛运动是加速度不断变化的运动
C.平抛运动是匀变速曲线运动
D.做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的
4、下列各组物理量中，全部是矢量的是（　　）
A位移、时间、速度、加速度
B.质量、路程、速度、平均速度
C.速度、平均速度、位移、加速度
D.位移、路程、时间、加速度
5、某游泳运动员在标准泳池进行50m的蛙泳比赛中，以30.68s的成绩获得金牌．高科技记录仪测得她冲刺时的最大速度为4.0m/s．则她在全程的平均速度约为：（）
A.1.63m/s B.0.65m/s
C.2.0m/s D.4.0m/s
6、如图为皮带传动示意图，传动时皮带不打滑，大小轮半径分别为R和r，且R>r，则下 列说法中正确的是（ ）

A.小轮的角速度小于大轮的角速度
B.小轮的角速度等于大轮的角速度
C.小轮边缘线速度与大轮边缘线速度的大小相等
D.小轮边缘的线速度大于大轮边缘的线速度
7、两倾角分别为和的A、B两光滑斜面固定在电梯上，质量为m的均质圆柱置于之间，剖面如图所示。重力加速度为g，当电梯以大小为a的加速度加速上升时，圆柱对斜面A、B压力的大小分别为F1、F2，则

A. B.
C D.
8、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m，B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间（　　）

A.吊篮A的加速度大小为g
B.物体B的加速度大小为0
C.物体C的加速度大小为2g
D.A对C的支持力大小等于5mg
9、如图所示，物体M在皮带输送机上向右运动，两者保持相对静止，则下列关于M所受摩擦力的说法中，正确的是（　　）

A.皮带传送的速度越大，M受到的摩擦力越大
B.皮带运动的加速度越大，M受到的摩擦力越大
C.皮带速度恒定，M质量越大，所受摩擦力越大
D.M可能不受摩擦力
10、如图所示，某快递公司利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C平台上，C平台离地面的高度一定。运输机的皮带以一定的速度v顺时针转动且不打滑。将货物轻轻地放在A处，货物随皮带到达平台，货物在皮带上相对滑动时，会留下划痕，且所有货物与皮带间的动摩擦因数都为μ，始终满足，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（　　）

A.倾角θ一定，改变速度v，运送时间一定改变
B.倾角θ一定，改变速度v，运送时间可能不变
C.倾角θ和速度v均一定，货物质量m变大，但货物与传送带间的划痕长度不变
D.倾角θ和速度v均一定，贷物与皮带间的动摩擦因数μ变大，皮带上留下的划痕长度一定变大
11、图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行，初速度大小为的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙所示，已知，则（　　）

A.时刻，小物块离A处的距离达到最大
B.时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C.时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右
D.时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用
12、某汽车正以72km/h在公路上行驶，为“礼让行人”，若以的加速度刹车，则以下说法正确的是（　　）

A.刹车后2s时的速度大小为10m/s B.汽车滑行40m后停下
C.刹车后5s时的速度大小为0 D.刹车后6s内的位移大小为30m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图。钩码的质量为m1，小车和砝码的质量为m2，重力加速度为g。

(1)下列说法正确的是_____；
A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力
B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源
C．本实验m2应远小于m1
D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象
(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得，作出图像，他可能作出图2中_____(选填“甲”、“乙”、“丙”)图线，此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_____.
A．小车与轨道之间存在摩擦 B．导轨保持了水平状态
C．砝码盘和砝码总质量太大 D．所用小车的质量太大
(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的图像，如图3，设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与木板间的动摩擦因数____，钩码的质量_____。
14、某消防员在一次执行任务过程中,遇到突发事件，需从10m长的直杆顶端从静止开始匀加速下滑，加速度大小a1=8m/s2，将消防员近似看成质点，
(1)若全程匀加速下滑，落地速度为多大?
(2)若落地速度不允许超过4m/s，中途某时刻立即变为匀减速下滑，且减速过程最大加速度为a2= 4m/s2，求该消防员下滑全过程的最短时间。
15、某同学利用如图甲装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。

(1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持___________状态。
(2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长___________，劲度系数___________。
(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图丙所示时，该弹簧的伸长量为___________。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，小球从离地高、离竖直墙水平距离处，以水平向右的初速度朝墙抛出，不计空气阻力，取

若小球的初速度，则小球与墙碰撞点离地面的高度是多少？
若要使做平抛运动的小球不碰到墙，则它的初速度应满足什么条？
17、（10分）一架质量m的飞机在水平跑道上运动时会受到机身重力、竖直向上的机翼升力、发动机推力、空气阻力、地面支持力和跑道的阻力的作用．其中机翼升力与空气阻力均与飞机运动的速度平方成正比，即，跑道的阻力与飞机对地面的压力成正比，比例系数为（均为已知量），重力加速度为g

(1)飞机在滑行道上以速度匀速滑向起飞等待区时，发动机应提供多大的推力？
(2)若将飞机在起飞跑道由静止开始加速运动直至飞离地面的过程视为匀加速直线运动，发动机的推力保持恒定，请写出的关系表达式；
(3)飞机刚飞离地面的速度多大？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．由A图的位移—时间图象可知，位移随时间先增大后减小，2s后反向运动，4s末到达初始位置，故A错误；
B．由B图的速度时间图象可知，速度2s内沿正方向运动，沿负方向运动，方向改变，故B错误；
C．由C图象可知，物体在第内做匀加速运动，第内做匀减速运动，4s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C正确；
D．由D图象可知，物体在第1s内做匀加速运动，第内做匀减速运动，2s末速度减为0，第内沿负方向运动，不是单向直线运动，故D错误。
故选择C。
2、B
【解析】飞机在匀速飞行，所以飞机的加速度为零；
自行车的加速度为

蜗牛的加速度为

动车的初速度为v0=72km/h=20m/s，末速度为v=144km/h=40m/s，所以动车的加速度为

所以自行车的加速度最大，故B正确，ACD错误。
故选B
3、C
【解析】平抛运动是一种匀变速曲线运动，在竖直方向上做自由落体运动，速度变化量△v=at=gt．结合这些知识进行分析
【详解】平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，所以平抛运动是匀变速曲线运动，故C正确，AB错误．平抛运动在水平方向上是匀速直线运动，物体落地时有水平分速度，所以落地时的速度不可能竖直向下，故D错误．故选C
【点睛】解决本题的关键掌握平抛运动的性质，以及知道平抛运动的规律，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动
4、C
【解析】时间只有大小，没有方向，是标量．位移、速度、加速度是矢量，既有大小，又有方向，故A错误；质量、路程是没有方向的标量，速度、平均速度是矢量，既有大小，又有方向，故B错误；速度、平均速度、位移、加速度都是既有大小，又有方向的矢量，故C正确；路程、时间是标量，位移、加速度都是矢量，故D错误．所以C正确，ABD错误
5、A
【解析】平均速度等于位移与所用时间的比值，根据平均速度的公式直接计算即可
【详解】运动员位移为50m，运动时间为30.68s，故全程的平均速度为，故A正确
6、C
【解析】考查生活中的圆周运动，皮带传动各物理量间的关系。
【详解】皮带传动，线速度相同，由：

可知，小轮半径小，则角速度大，ABD错误，C正确。
故选C。
7、AD
【解析】对小球受力分析如图，由牛顿第二定律得

得

由三角函数关系得

故选AD。

8、BC
【解析】A、装置静止时，弹簧的弹力，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：，即A、C的加速度均为2g，方向向下，故A错误，C正确；
B、剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0，故B正确；
D、设A对C的支持力为，则对C由牛顿第二定律得：，解得A对C的支持力大小，故D错误
9、BD
【解析】AD．若和传送带一起做匀速直线运动，M所受的摩擦力为0，故A错误，D正确；
B．若做变速运动，受到静摩擦力，根据牛顿第二定律有，，知加速度越大，摩擦力越大，故B正确；
C．若判断速度恒定，不受摩擦力，故C错误。
故选BD。
【点睛】解决本题的关键知道若与传送带一起做匀速直线运动，不受摩擦力，若与传送带一起做变速运动，根据，知加速度越大，静摩擦力越大。
10、BC
【解析】AB．当倾角θ一定时，改变速度v时，货物可能一直做匀加速直线运动，加速度不变，初速度和位移均不变，可知货物到达顶端的时间可能不变，故A错误，B正确；
CD．货物匀加速运动时，根据牛顿第二定律可得
μmgcosθ-mgsinθ=ma
解得
a=μgcosθ-gsinθ
匀加速运动的时间为

匀加速运动过程中货物上升的位移为

传送带前进的位移为
x2=vt1
所以皮带上留下的痕迹长度为

可知皮带上留下的痕迹与货物的质量无关；当倾角θ和速度v一定时，货物与皮带间的动摩擦因数μ越大，皮带上留下的痕迹越短，故C正确、D错误；
故选BC。
11、BC
【解析】A．相对地面而言，小物块在小时间内，向左做匀减速运动，时间内，又反向向右做匀加速运动，当其速度与传送带速度相同时（即时刻），小物块向右做匀速运动，故小物块在时刻离A处距离最大，选项A错误。
BCD．相对传送带而言，在时间内，小物块一直向左运动，故小物块一直受向右的滑动摩擦力，在时间内，小物块相对于传送带静止；小物块不受摩擦力作用，因此时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大值，BC正确，D错误。
故选BC。
12、ABC
【解析】A．速度为

加速度，由公式

得汽车刹车到停止的时间

由速度公式得刹车后2s时的速度

故A项正确；
B．由公式

可得

汽车滑行40m停下，故B项正确；
C．汽车刹车到停止的时间为4s，所以刹车后5s时的速度大小为0，故C项正确；
D．汽车刹车到停止的时间为4s，刹车后6s内的位移大小与刹车后4s内的位移大小相等，即40m，故D项错误。
故选ABC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.D ②.丙 ③.C ④. ⑤.
【解析】(1)根据重力沿斜面向下的分力等于物体受到的摩擦力这一原理来平衡摩擦力，即满足

即

与质量无关，所以增减砝码后不需要重新平衡摩擦力，A错误；
B．由于实验过程非常短暂，为了得到更多的数据，应先接通电源后释放纸带，B错误；
C．为了保证钩码的重力等于细绳的拉力，钩码的质量应远小于小车和砝码的质量m2，C错误；
D．在用图象探究加速度与质量关系时，为了得出线性关系，应作图象，D正确。
故选D
(2)[2]没有平衡摩擦力，则在钩码有一定质量后，小车才具有加速度，故丙正确
[3]图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是砝码盘和砝码的总质量太大，不再满足砝码和砝码盘的质量远小于小车和砝码的质量
故选C
(3)[4]根据牛顿第二定律可知

结合图象，可得

图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，因此钩码的质量

[5]小车与木板间的动摩擦因数

14、 (1) ；(2)
【解析】详解】(1)若全程匀加速下滑，根据可得落地速度：

(2)设匀加速直线运动的最大速度为，则匀加速直线运动的位移：

匀减速直线运动的位移:

因为:

解得:

则匀加速直线运动的时间:

匀减速直线运动的时间:

所以该消防员下滑全过程的最短时间:

15、 ①.竖直 ②.4 ③.50 ④.6
【解析】
【详解】(1)[1] 由于弹簧挂上重物后处于竖直状态，因此刻度值必须保持竖直状态。
(2)[2] 图像与横坐标的交点就是弹簧的原长，因此该弹簧的原长

[3]在F-x图像中，图像的斜率表示劲度系数，因此劲度系数

(3)[4]根据

可得

三．计算题(22分)
16、 (1)3.2m；(2)
【解析】(1)设小球飞行时间t碰墙，碰撞点离地面的高度为h，
由水平方向小球做匀速直线运动，有
得
在t时间内小球下落高度
所以小球与墙的碰撞点离地面的高度；
(2)要使平抛出去的小球不碰到墙，则在下落5m的过程小球的水平位移即可．设小球下落5m的时间为，由竖直方向小球做自由落体运动，
有
得
所以
因而，要使做平抛运动的小球不碰到墙，其初速度应满足
17、 (1)；(2)；(3)
【解析】（1）分析粒子飞机所受5个力，匀速运动时满足，列式求解推力；（2）根据牛顿第二定律列式求解k0与k1、k2的关系表达式；（3）飞机刚飞离地面时对地面的压力为零.
【详解】（1）当物体做匀速直线运动时，所受合力为零，此时有
空气阻力
飞机升力
飞机对地面压力为N，
地面对飞机的阻力为：
由飞机匀速运动得：
由以上公式得
（2）飞机匀加速运动时，加速度为a，某时刻飞机的速度为v，则由牛顿第二定律：

解得：
（3）飞机离开地面时：
解得：