2025-2026学年内蒙古翁牛特旗乌丹第一中学物理高一上期末经典试题含解析.doc

2025-2026学年内蒙古翁牛特旗乌丹第一中学物理高一上期末经典试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、将弹性小球以10m/s的速度从距水平地面高为15m处竖直向下（正方向）抛出，小球落地后竖直反弹（反弹速度大小不变），取，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A.2s时小球的速度大小为零
B.小球上升的最大高度为20m
C.小球落地时的速度大小为15m/s
D.小球下落时处于超重状态
2、质量相同的甲、乙两人乘坐两部构造不同、倾角相同的电梯去商场，他们均相对于电梯静止，则下列说法正确的是（ ）

A.若两电梯匀速上升，则甲、乙两人均没有受到摩擦力
B.若两电梯匀速上升，则甲受到的重力和支持力
C.若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力
D.无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用
3、伽俐略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，巧合的是，牛顿就出生在伽利略去世后第二年．下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们观点的是(　　)
A.自由落体运动是一种匀变速直线运动
B.力是使物体产生加速度的原因
C.物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性
D.力是维持物体运动的原因
4、如图所示，光滑水平面上的物体，如果在受到与水平方向成θ角的拉力F作用下能够向右作匀速直线运动，则需要对物体施加一个水平向左的拉力．这个拉力的大小为（）

A.Fsinθ B.Fcosθ
C.mg- Fsinθ D.mg+ Fsinθ
5、如图所示，小球从竖直放置的轻弹簧正上方自由下落。在小球接触弹簧到弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度（　　）

A.变大 B.不变
C.变小 D.先变大后变小
6、对于大小分别为7N和9N的两个力（　　）
A.合力不可能为3N
B.合力不可能为9N
C.合力一定为16N
D.合力可能为2N
7、如图所示，一些商场安装了智能化的台阶式自动扶梯。为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行；当有乘客乘行时，自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行，则电梯在运送乘客的过程中（ ）

A.乘客始终受摩擦力作用 B.扶梯匀速时乘客不受摩擦力作用
C.扶梯对乘客的作用力始终竖直向上 D.扶梯对乘客的作用力先指向左上方，再竖直向上
8、如图所示，圆形凹槽半径R＝50 cm，质量m＝10kg的小物块在沿半径方向与轻弹簧相连处于静止状态．已知弹簧的劲度系数k＝50 N/m，自由长度L＝30 cm，小物块与凹槽间的动摩擦因数为0.9，一端固定在圆心O处，弹簧与竖直方向的夹角为37°．取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos 37°＝0.8．则(　)

A.物块对槽的压力大小是90 N B.物块对槽的压力大小是70 N
C.槽对物块的摩擦力大小是56 N D.槽对物块的摩擦力大小是60N
9、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（　　）

A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上
B.t=6s时刻电梯的加速度为零
Ct=8s时刻电梯处于失重状态
D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下
10、如图所示，一条细线一端与地板上的物块B相连，另一端绕过轻质光滑滑轮与小球A相连．滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的点，细线OO1与竖直方向夹角为α=30°，OA与OB的夹角为θ，系统处于静止状态．已知小球A重10 N，则

A.细线OA的拉力为10 N
B.OO1绳上的拉力大小为20 N
C.B对地面的摩擦力大小为5N
D.细线OA与OB间的夹角θ=60°
11、如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在方向恒定为水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度﹣时间图象如图乙所示，下列判断正确的是：

A.在0～1s内，外力F不断增大
B.在1s～3s内，外力F的大小恒定
C.在3s～4s内，外力F不断减小
D.在3s～4s内，外力F的大小恒定
12、以下说法正确的是
A.物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点
B.合力一定，两分力间夹角越大，分力越小
C.两个分力一定，其合力大小随夹角增大而增大
D.当物体做匀变速直线运动时，中间时刻速度总是小于中间位置的速度
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、利用打点计时器可测纸带运动的时间和位移，某同学在练习使用打点计时器时进行如下操作并进行叙述说明。
A．用手水平拉动纸带，再接通电源，打点计时器在纸带上打下一系列小点
B．将打点计时器固定，使纸带穿过限位孔，并压在复写纸下面
C．用刻度尺测量从计时开始点到每一个点间的距离
D.切断电源，取下纸带，如果共有N个清晰的点，可知纸带运动的时间
(1)上述实验步骤操作或叙述有误的是________；
(2)将错误步骤改正后进行合理排序_________。（填操作步骤前的字母序号）
14、用图甲中所示的电路测定一种特殊的电池的电动势和内阻，它的电动势E约为8V，内阻r约为30Ω，已知该电池允许输出的最大电流为40mA．为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中用了一个定值电阻充当保护电阻，除待测电池外，可供使用的实验器材还有:

A.电流表A(量程0.05A，内阻约为0.2Ω)
B.电压表V(量程6V，内阻20kΩ)
C.定值电阻R1(阻值100Ω，额定功率1W)
D.定值电阻R2(阻值200Ω，额定功率1W)
E.滑动变阻器R3(阻值范围0~10Ω，额定电流2A)
F.滑动变阻器R4(阻值范围0~750Ω，额定电流1A)
G.导线和单刀单掷开关若干个
(1)为了电路安全及便于操作，定值电阻应该选___________；滑动变阻器应该选___________．(均填写器材名称代号)
(2)接入符合要求的实验器材后，闭合开关S，调整滑动变阻器的阻值，读取电压表和电流表的示数．取得多组数据，作出了如图乙所示的图线．根据图象得出该电池的电动势E为___________V，内阻r为___________Ω．(结果均保留2位有效数字)
15、图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_________
②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s __________；C点对应的速度是________(计算结果保留三位有效数字)

三．计算题(22分)
16、（12分）冬天雾霾活动频繁，某天的能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）只有 x=40 m，甲车由于故障停在路中央，乙车在雾霾中沿平直公路向甲车匀速行驶，速度为 v0=72 km/h，乙车司机的反应时间（司机从发现目标到采取实施刹车所需要的时间）为 to =0.4s，为避免撞上甲车，则乙车的加速度a至少多大？
17、（10分）如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距离后停止．现拿走砝码，而持续加一个竖直向下的恒力F(F＝mg)，若其他条件不变，则木盒滑行的距离(　　)

A.不变 B.变大
C.变小 D.变大变小均可能
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】AC．小球落地时，根据速度位移公式有

代入数据解得
根据速度时间公式有

代入数据得

反弹经1s后，速度为

方向竖直向上，故2s时小球的速度大小为，方向竖直向上，故AC错误；
B．反弹后，小球上升的最大高度为
m=20m
故B正确；
D．小球下落过程中，只受重力，重力加速度方向向下，故小球处于失重状态，故D错误。
故选B。
2、B
【解析】AB.若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦力，所以A错误，B正确；
C.若两电梯匀加速上升，则甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C错误，D错误；
故选B.
【点睛】对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力
3、D
【解析】亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因；
伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系
牛顿第一定律是牛顿在伽利略和笛卡尔研究成果的基础上总结出来的
【详解】A．伽利略通过斜面实验得出自由落体运动一种匀变速直线运动，故A正确；
B．伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，即产生加速度的原因，故B正确；
C．牛顿第一定律认为物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性，故C正确；
D．亚里士多德的观点：物体越重，下落越快，力是维持物体运动的原因，故D错误；
本题选错误的，故选D
【点睛】物理学史是高考物理考查内容之一．学习物理学史，可以从科学家身上学到科学精神和研究方法
4、B
【解析】根据受力可知F在水平方向上的分力为Fcosθ，为了使物体能够向右作匀速直线运动，则应该在水平方向上施加一个大小等于Fcosθ方向水平向左的力，故B正确；ACD错误；故选B
5、D
【解析】小球从某高度处自由落下，在接触弹簧之前，只受重力，做加速运动，接触弹簧后，除了受重力还会受到向上的弹力，随着形变量逐渐增大，弹力逐渐增大，小球的加速度逐渐减小。当弹力等于重力时，小球速度达到最大，之后，形变量继续增大，弹力大于重力，小球做减速运动，加速度逐渐增大，所以小球先做加速，后做减速，即小球的速度先变大后变小，所以D正确，ABC错误。
故选D。
6、D
【解析】当夹角为零时合力最大，最大值为9N+7N=16N；当夹角180°时合力最小，最小值为9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之间，故D正确，ABC错误
7、BD
【解析】AB．匀速运动阶段，乘客受重力以及扶梯对乘客竖直向上的支持力，没有摩擦力，故A错误，B正确。
CD．加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方向；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上，故D正确，C错误。
故选BD。
8、BD
【解析】由于弹簧被拉长，则弹簧对小物块的弹力为拉力，根据胡克定律，有：

对滑块受力分析，受重力、支持力、弹簧的拉力、静摩擦力， 根据共点力平衡条件，切线方向：

径向：

联立解得：

根据牛顿第三定律可得物块对槽的压力大小是70N；
A.与分析不符，故A错误；
B.与分析相符，故B正确；
C.与分析不符，故C错误；
D.与分析相符，故D正确．
9、ABD
【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。
【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；
BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；
D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。
故选ABD。
10、AD
【解析】先对小球A受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力；再对滑轮受力分析，结合平衡条件进行分析即可
【详解】A、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有T=mg=10N；故A正确.
B、D、对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：

由平衡条件可知，而；故B错误，D正确.
C、对滑块受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向有：N+Tcosθ=mg，水平方向有：Tsinθ=f，解得；故C错误.
故选AD.
【点睛】本题关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析．从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析．隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析
11、BC
【解析】在速度﹣时间图象中，某一点纵坐标代表此时刻的瞬时速度；某点切线的斜率代表该时刻的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负。结合牛顿第二定律判断受力情况。
【详解】A．在0～1s内，直线的斜率不变，加速度不变，由牛顿第二定律得：

可知外力F恒力，故A错误；
B．在1～3s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零

故外力F的大小恒定，故B正确；
CD．在3～4s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得：

得：

f、m不变，a增大，F减小，故C正确，D错误。
12、AD
【解析】根据“质点、合力与分力关系、匀变速直线运动”可知，本题考查质点的条件、力的合成、匀变速直线运动的公式，根据理想模型、合力公式、匀变速直线运动的推论分析推断.
【详解】A、根据质点的条件可知，物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点；故A正确.
B、合力一定时，两分力夹角越大，则分力就越大；故B错误.
C、由两个力的合成运用平行四边形定则有，则两个分力F1和F2一定其合力大小随夹角θ增大而减小；故C错误.
D、当物体做匀加速直线运动时，速度图象如图1所示．物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1＜v2

当物体做匀减速直线运动时，速度图象如图2所示，物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1＜v2；所以某段位移中点的瞬时速度大于该段时间中间时刻的速度；故D正确.
故选AD.
【点睛】质点是经常考查的概念，物体能否看成质点要根据具体情况分析，当物体的大小和形状对研究的问题没有影响或影响可以忽略时，物体可看作质点，同一物体在不同情景下，有时可看作质点，有时不能；理解力的矢量合成法则，注意中间时刻速度与中点位置的速度关系.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.AD ②.BADC
【解析】(1)[1]A．为了充分利用纸带和打点计时器稳定工作，应选接通电源后拉动纸带，故A错误；
B．安装器材时，将打点计时器固定，使纸带穿过限位孔，并压在复写纸下面，故B正确；
C．为了减小测量误差，应用刻度尺测量从计时开始点到每一个点间的距离，故C正确；
D．如果共有N个清晰的点，可知纸带运动的时间为

故D错误。
故选AD
(2)[2]实验步骤的排列一般要先安装器材然后进行实验的思路进行，故实验步骤的合理顺序是BADC
14、 ①.R2 ②.R4 ③.7.8 ④.29
【解析】（1）应用欧姆定律求出电路最小电阻，然后选择保护电阻；根据电源内阻与保护电阻的阻值，选择滑动变阻器
（2）电源的U-I图象与纵轴交点的坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻
【详解】（1）[1]为保护电源安全，电路最小电阻
，
保护电阻阻值至少为
，
则保护电阻应选定值电阻；
[2]电源等效电阻（电源内阻与保护电阻之和）为200Ω，为进行多次实验，测出多组实验数据，滑动变阻器应选滑动变阻器
（2）[3]由电源U-I图象可知，图象与纵轴的交点坐标值是7.8，则电源电动势E=7.8V，
[4]图象斜率
，
电源内阻

15、 ①.0.02s ②.0.68～0.72cm ③.0.100m/s
【解析】①纸上打相邻两点的时间间隔s，
②根据刻度尺的读数原理可知A、B间的距离S=0.70cm．B、D间的时间间隔s,根据匀变速直线运动的推论,可得C点对应的速度m/s.

三．计算题(22分)
16、
【解析】汽车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，结合两段过程的位移之和求出汽车的最大加速度
【详解】汽车行驶的最大速度是，
反应时间内乙车的位移：，
乙车刹车过程：，
根据速度位移公式：

则乙车的加速度至少为.
【点睛】解决本题的关键知道汽车在反应时间内和刹车后的运动规律，结合运动学公式灵活求解
17、C
【解析】设木盒的质量为M，根据牛顿第二定律得放砝码时的加速度为：，拿走砝码施加F时加速度：，可知：a2＞a1．根据v2=2ax可知，加速度增大，则滑行的距离变小，故C正确，ABD错误