2026届广东省佛山一中、石门中学、顺德一中、国华纪中四校高一上物理期末考试模拟试题含解析.doc

2026届广东省佛山一中、石门中学、顺德一中、国华纪中四校高一上物理期末考试模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让他们静靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面向下滑，已知mA>mB,则物体B

A.只受一个重力
B.受到重力和一个摩擦力
C.受到重力、一个弹力和一个摩擦力
D.受到重力、一个摩擦力、两个弹力
2、如图所示，底板光滑的小车上用两个量程为30N、完全相同的弹簧测力计甲和乙系住一个质量为2kg的物块。在水平地面上，当小车做匀速直线运动时，两弹簧测力计的示数均为15N。当小车做匀加速直线运动时，弹簧测力计甲的示数变为10N。这时小车运动的加速度大小是（　　）

A.1m/s2 B.3m/s2
C.5m/s2 D.7m/s2
3、如图，在粗糙水平面上有一质量为m=3kg的小物块可视为质点，在与水平方向夹角为θ=30°的斜向上的拉力F的作用下做匀速直线运动，物块与地面间的动摩擦因数为μ=，重力加速度g=10m/s2，则拉力的大小为（）

A.10N B.10N
C.15N D.20N
4、如图为颈部牵拉器牵拉颈椎肥大患者的示意图.当颈部肥大压迫神经时，需要用颈部牵拉器牵拉颈部，以缓解神经压迫症状.图中牵拉细绳为跨过三个光滑小滑轮的同一根绳子，牵拉绳分别为水平、竖直方向，牵拉物P的重力为G，不计小滑轮重力，则牵拉器作用在患者头部的合力大小是

A.G
B.2G
C.
D.3G
5、下述各力中， 根据力的性质命名的是（　　）
A.重力 B.动力
C.阻力 D.支持力
6、如图所示，在两块相同的竖直木块之间，有质量均为m的4块相同的砖，用两个大小均为F的水平力压木板，使砖静止不动，则第2块砖对第3块砖的摩擦力大小为(　　)

A.0 B.mg
C. D.
7、下列关于速度、加速度和运动关系的说法正确的是（）
A.加速度恒定的运动也可能是曲线运动
B.加速度变化的运动必定是曲线运动
C.作曲线运动的物体的速度必定变化
D.速度变化的运动必定是曲线运动
8、如图所示，轻弹簧的劲度系数为k，一端固定在内壁光滑、半径为R的半球形容器底部O′处（O为球心），弹簧另一端与质量为m的A小球相连，小球静止于P点，OP与水平方向的夹角为θ=30°，若换成质量为2m的小球B与弹簧相连，小球静止在之间的M点（图中没有标出），重力加速度为g，下列说法正确的是（　　）

A.容器对小球A的支持力为mg B.容器对小球B的支持力为2mg
C.的长度为 D.弹簧的原长为
9、如图甲所示，一固定在地面上的足够长斜面，倾角为，质量的物体A放在斜面底端。在时刻物体A在沿斜面向上的恒力的作用下由静止开始沿斜面向上运动，时刻撤去外力物体A向上运动过程，下列图象如图乙所示（g取，，，关于物体A向上运动过程，下列说法正确的是

A.物体在内的位移大小为
B.恒力的大小为
C.物体与斜面间动摩擦因数为0.25
D.在撤去前后两个阶段的平均速度大小之比为
10、如图所示，一质量为M的圆环套在一根粗糙的水平横杆上，圆环通过轻绳和质量为m的物块相连，物块在水平向右的风力作用下偏离竖直方向一定的角度（如图中虚线位置所示）。现风力发生变化使物块偏离到图中实线位置（缓缓移动），但圆环仍然不动，在这一过程中，水平风力大小F风、绳子上的张力大小FT、横杆对圆环的摩擦力大小f、横杆对圆环的支持力大小FN变化情况正确的是（　　）

A.F风逐渐变大，FT逐渐变大
B.F风逐渐变大，FT逐渐变小
C.f逐漸变大，FN保持不变
D.f保持不变，FN逐渐变小
11、三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列说法正确的是（ ）

A.物块A先到达传送带底端
B.物块A、B同时到达传送带底端
C.物块A、B到达传送带底端时速度大小相等
D.物块A、B在传送带上划痕长度之比为1:3
12、在离地面h=15m高处，以v0=10m/s的速度同时竖直向上与向下抛出甲、乙两小球，不计空气阻力，小球落地后就不再弹起，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是(　　)
A.两小球落地时的速度相等 B.两小球落地的时间差为1s
C.乙球落地时甲球恰好运动到最高位置 D.t=2s时，两小球相距l5m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。

（1）完成下列实验步骤中的填空：
①平衡小车所受的阻力：不悬挂小吊盘，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点。
②按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码。
③打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m。
④按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤③。
⑤在每条纸带上清晰的部分，标注计数点。测量相邻计数点的间距s1，s2，…求出与不同m相对应的加速度a。
⑥以砝码的质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出－m关系图线。若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则与m应成________关系（填“线性”或“非线性”）。
（2）完成下列填空：
①本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是______________________。
②实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，打出一条纸带，打出的部分计数点如图乙所示（每相邻两个计数点间还有4个点未标出）。s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm。则小车的加速度a=_________m/s2（结果保留两位有效数字）。

③如图丙为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为________，小车的质量为________。
14、某同学用图甲所示装置测定重力加速度．（已知打点频率为50Hz）

（1）实验时下面步骤的先后顺序是__________
A．释放纸带 B．打开打点计时器
（2）打出的纸带如图乙所示，可以判断实验时重物连接在纸带的__________（填“左”或“右”）端
（3）图乙中是连续的几个计时点，每个计时点到0点的距离d如表所示：
计时点
0
1
2
3
4
5
6
距离d/cm
0
6.00
12.50
19.30
26.50
34.10
42.10
根据这些数据可求出重力加速度的测量值为__________．（保留三位有效数字）
15、某同学用图甲所示的实验装置探究加速度与力的关系：

（1）该同学完成实验操作后，将实验数据都在坐标系中进行了描点，但尚未完成图像的绘制（如图乙所示）。请帮助该同学画出a-F图像。
（ ）
根据所完成的a-F图像，分析得出造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角______（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）重新平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力___沙和沙桶的总重力（填“大于”“小于”或“等于”），为了便于探究，我们近似认为拉力等于沙和沙桶的总重力，应使小车质量M与沙和沙桶的总质量m满足M>>m的条件。
（3）由实验得到如图丙所示的纸带，已知打点计时器所使用的电源频率为50Hz。小车的加速度a=_____m/s2。（结果保留两位有效数字）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，甲坐在滑板上从距地面高为h＝2.4m的斜坡处A点由静止开始滑下，然后沿水平的滑道再滑行。同时乙从斜坡与水平滑道的交接处B点以某一速度v向右匀速直线运运动(图中未画出)，若滑板与斜坡滑道的动摩擦因数均为µ1＝0.5，滑板与水平滑道间的动摩擦因数为µ2＝，斜坡的倾角θ＝37°（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2。求：
(1)人从斜坡上滑下时加速度为多大；
(2)人到达斜坡底端B时的速度是多少；
(3)为了避免甲、乙相碰，乙速度v至少是多少。

17、（10分）如图所示，水平传送带以v=5m/s的恒定速度运动，传送带长AB=8m，今在其左端将一质量为m=1kg的工件轻轻放在上面，工件被传送带传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，（g=10m/s2）求：

(1)工件相对皮带滑动时所受到的摩擦力f的大小和方向；
(2)工件在传送带上相对滑动时的加速度a的大小和方向；
(3)工件经过多长时间t由传送带左端运动到右端
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】物体A、B将一起做自由落体运动，所以A、B之间无相互作用力，物体B与墙面有接触而无挤压，所以与墙面无弹力，当然也没有摩擦力，所以物体B只受重力，选A.
2、C
【解析】因弹簧的弹力与其形变量成正比，当弹簧秤甲的示数由变为时，其形变量减少，则弹簧秤乙的形变量增大，且甲、乙两弹簧秤形变量变化的大小相等，所以，弹簧秤乙的示数应为。物体在水平方向所受到的合外力为：
；
根据牛顿第二定律，得物块加速度大小为
；
小车与物块相对静止，加速度相等，所以小车的加速度为，故C正确，ABD错误；
故选C。
3、C
【解析】对物体进行受力分析，由平衡条件可知：

联立解得：

故C项正确，ABD三项错误。
4、C
【解析】颈部牵拉器进行受力分析，如图所示：

由平行四边形定则，将力进行合成，则有：同一根绳子上的拉力是处处相等的，T1=G，那么牵拉器作用在患者颈部的合力大小
；
A．G，与结论不相符，选项Ａ错误；
B．2G，与结论不相符，选项B错误；
C．，与结论相符，选项C正确；
D．3G，与结论不相符，选项D错误；
5、A
【解析】动力、阻力和支持力都是按作用效果命名的力，重力是按照力的性质命名的力，故A正确，BCD错误。
故选A。
6、A
【解析】将4块砖看成一个整体，对整体进行受力分析，在竖直方向，共受到三个力的作用：竖直向下的重力4mg，两个相等的竖直向上的摩擦力f，由平衡条件可得：2f=4mg，f=2mg．由此可见：第1块砖和第4块砖受到木板的摩擦力均为2mg．将第1块砖和第2块砖当作一个整体隔离后进行受力分析，受竖直向下的重力2mg，木板对第1块砖向上的摩擦力f=2mg；由平衡条件可得二力已达到平衡，第2块砖和第3块砖之间的摩擦力必为零．故选A
7、AC
【解析】A.平抛运动加速度恒为重力加速度，它是曲线运动，故A正确；
B.做直线运动的物体如果合外力变化，加速度也会变化，故B错误；
C.速度方向沿曲线的切线方向，故曲线运动的物体速度方向一定变化，C正确；
D.如果物体速度方向不变，那么它做直线运动，D错误；
故选AC。
8、ABC
【解析】对质量为m的小球，受重力、支持力和弹簧的弹力而平衡，如图所示：

A．对A小球，弹簧弹力T、重力和支持力N围成的矢量三角形和△PO’O相似，则
即有：；故A正确；
B．同理对B小球，弹簧弹力、重力、支持力和△MO’O相似，则

则，故B正确
CD．由A分析可知，弹簧被压缩量为，则弹簧的原长为：
，
由B分析可知，
，
则，故C正确，D错误
9、BC
【解析】A．物体在3s内的位移大小等于三角形面积大小，为
，
故A错误；
BC．根据图象的斜率表示加速度，可得，前2s内物体的加速度大小
，
第3s内加速度大小

由牛顿第二定律前2s内有
F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1
第3s内有：
mgsinθ+μmgcosθ=ma2
联立解得：
F=12N，μ=0.25，
故BC正确；
D．根据匀变速直线运动的推论

可知在撤去F前后两个阶段平均速度大小均为4m/s，则，故D错误。
故选BC。
10、AC
【解析】以重物为研究对象，分析受力情况：重力、水平风力和绳子的拉力，如图1所示

由平衡条件得
，
当增加时，逐渐增加，增加；再以两物体整体为研究对象，分析重力、水平风力，杆的摩擦力和支持力，如图2所示

则有

则保持不变。

则逐渐增加；故AC正确，BD错误。
故选AC。
11、BCD
【解析】AB．对A，因为

则A物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度大小均为

则加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，则运动的时间相等，它们同时到达传送带底端，A错误，B正确；
C．由
v=v0+at
知物块A、B到达传送带底端时速度大小相等，C正确；
D．对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由运动学公式得

则运动时间为

所以皮带运动的位移为

所以A对皮带的划痕为

对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为

所以划痕之比为1：3，D正确。
故选BCD。
第II卷（非选择题
12、ACD
【解析】甲球做竖直上抛运动，乙球做竖直下抛运动，根据机械能守恒定律求落地时速率关系；由位移公式求落地时间；根据乙球的运动时间，分析甲球的位置，并由位移公式求出t=2s时两者间的距离。
【详解】A．甲、乙两小球抛出时速率相等，机械能相等．由于不计空气阻力，所以两球运动过程中机械能都守恒，则落地时机械能也相等，落地时的速度必定相等，故A正确；
B．落地时，对于甲、乙两球，取竖直向上为正方向，有

解得
，
所以两小球落地的时间差为2s，故B正确；
C．甲球上升的时间为

所以乙球落地时甲球恰好运动动最高点，故C正确；
D．t=2s时，甲球的位移为

乙球已落地并不再弹起，所以t=2s时，两小球相距15m，故D正确。
故选ACD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.等间距或均匀 ②.线性 ③.远小于小车和砝码的总质量或远小于小车的质量 ④.0.79 ⑤. ⑥.
【解析】考查实验“探究加速度与力和质量的关系”。
【详解】（1）[1][2]．当打点计时器打出一系列等间距的点时，说明小车做匀速直线运动，即已经平衡了摩擦；若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则加速度的倒数和砝码的总质量成正比，即与m应成线性关系；
（2）[3][4] [5][6]．本实验认为绳的拉力等于小吊盘和盘中物块的总重力，设小吊盘和盘中物块的质量之和为m0，小车和车中砝码的总质量为M，则：
对小车分析：

对小吊盘分析：

联立解得：

只有当时，绳的拉力近似等于小吊盘和盘中物块的总重力；
小车的加速度由逐差法求得：
；
牛顿第二定律成立，则有：

解得：

即－m关系图线的斜率：

所以小车受到的拉力为；
截距：

所以小车的质量为。
14、 ①.BA ②.左 ③.9.72
【解析】（1）[1]为了更充分的利用纸带，所以要先打开打点计时器，然后再释放纸带，所以实验顺序是：BA；
（2）[2]释放的纸带做匀加速运动，所以运动的位移越来越大，则间距也就越来越大，即靠近重物的位置点比较密集，故重物应该接左端；
（3）[3]利用公式，并使用逐差法计算可得：

15、 ①. ②.偏大 ③.小于 ④.2.5
【解析】(1)[1]a-F图像如图所示：

[2]图线不通过坐标原点，F为零时，加速度不为零，知实验前平衡摩擦力过度，即在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角偏大；
(2)[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得：
，
则绳子的拉力为：
，
所以实际小车在运动过程中所受的拉力小于砝码和盘的总重力；
(3)[4]编号如图

则相邻计数点之间的时间间隔为
T=0.1s，
根据公式可得

代入数据可得
。

三．计算题(22分)
16、 (1)；(2)；(3)0.8m/s
【解析】(1)由牛顿第二定律有：
　①
解得
②
(2)到达B的速度
③
　④
所有
⑤
(3)甲在水平方向减速时的加速度大小a1
⑥
甲在斜面运动的时间
⑦
若甲减少到v时恰好与乙车相碰，设此甲车在水平面减速的时间为t2，则有
⑧
⑨
有

即
（5v－4）（v-20)=0
解得
v=0.8m/s；t2=1s
或
v=20m/s；t2=-5s(舍去）⑩
所以乙的速度至少为0.8m/s。
17、（1）f=2N，方向水平向右；（2）方向水平向右；（3）
【解析】（1）滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，结合滑动摩擦力公式求出摩擦力的大小
（2）根据牛顿第二定律求出工件的加速度大小和方向
（3）根据速度时间公式求出速度达到传送带速度所需的时间，结合位移时间公式求出匀加速直线运动的位移，从而得出匀速运动的位移，求出匀速运动的时间，得出工件运动的总时间
【详解】（1）工件相对皮带向左滑动，所以摩擦力的方向向右，大小

（2）根据牛顿第二定律得，加速度 ，方向水平向右
（3）工件匀加速直线运动的时间
运动的位移为
工件匀速运动所用时间为
总时间为
【点睛】解决本题的关键理清工件在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，难度中等