2026届西藏林芝二中高一物理第一学期期末质量检测试题含解析.doc

2026届西藏林芝二中高一物理第一学期期末质量检测试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图是长征火箭把载人神舟飞船送入太空的情景。宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重或失重的考验。下列说法正确是（ ）

A.火箭加速上升过程中，宇航员处于失重状态
B.飞船加速下落过程中，宇航员处于超重状态
C.飞船落地前减速过程中，宇航员对座椅的压力大于其重力
D.火箭上升过程中，宇航员所受合力始终不变
2、如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中

A.N1始终减小，N2始终增大
B.N1始终减小，N2始终减小
C.N1先增大后减小，N2始终减小
D.N1先增大后减小，N2先减小后增大
3、下列四幅图中，能大致反映自由落体运动图像的是(　　)
A.
B.
C.
D.
4、对某个物体而言，下列有关力和运动的说法，正确的是
A.物体的速度越大，表明物体所受合力越大
B.物体所受合力越大，物体的速度变化越快
C.物体的速度变化越大，表明物体所受合力越大
D.物体所受合力变化越大，物体的加速度越大
5、如图，物体A、B放在光滑水平面上，A的质量是B的2倍，用水平恒力推A，使A和B一起向右运动，则A、B间的作用力大小为（ ）

A. B.
C. D.F
6、 “蹦极”是一项非常刺激的体育运动。某人身系弹性绳自高空P点自由下落，如图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置。人从P点落下到最低点c的过程中（　　）

A.人在Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态
B.在ab段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态
C.在bc段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态
D.在c点，人的速度为零，其加速度为零
7、质量均为m的A、B两个小球之间系一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上．A紧靠墙壁，如图所示，今用恒力F将B球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力F撤去，此瞬间(　　)

A.A球的加速度为零 B.A球的加速度为
C.B球的加速度为 D.B球的加速度为
8、质量分别为和的物体、用细绳连接后跨过滑轮，静止在倾角为45°的斜面上，悬挂着，已知，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°增大到50°，系统仍保持静止，下列说法正确的是

A.物体受到的合外力减小
B.物体对斜面压力保持不变
C.绳子对的拉力保持不变
D.物体受到的静摩擦力增大
9、平抛物体的初速度为，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时( )
A.运动的时间
B.瞬时速率
C.水平分速度与竖直分速度大小相等
D.位移大小等于
10、如图所示，一些商场安装了智能化的台阶式自动扶梯。为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行；当有乘客乘行时，自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行，则电梯在运送乘客的过程中（ ）

A.乘客始终受摩擦力作用 B.扶梯匀速时乘客不受摩擦力作用
C.扶梯对乘客的作用力始终竖直向上 D.扶梯对乘客的作用力先指向左上方，再竖直向上
11、如图所示，甲、乙、丙3人乘不同的热气球，甲看到楼房匀速上升，乙看到甲匀速上升，甲看到丙匀速上升，丙看到乙匀速下降，那么，从地面上看甲、乙、丙的运动可能是（　　）

A.甲、乙匀速下降，且，丙停在空中
B.甲、乙匀速下降，且，丙匀速上升
C.甲、乙匀速下降，且，丙匀速下降且
D.甲、乙匀速下降，且，丙匀速下降且
12、如图所示，用力F向上拉起两重物A.B,A、B的质量分别是1 kg、2kg，A、B之间的轻绳能承受的最大拉力是30N,g取10 m/s2．为保证A、B之间的轻绳不被拉断

A.两物体向上的加速度不能大于 5 m/s2
B.F的大小不能超过45N
C.两物体向上的加速度不能大于10 m/s2
D.F大小不能超过30N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在用打点计时器“探究小车的速度随时间变化的规律”的实验中，得到如图所示的一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，每相邻的两个计数点之间还有4个点没有画出，计时器打点的时间间隔为0.02s．（计算结果均保留3位有效数字）

（1）由图可知，打点计时器打出D点时小车的瞬时速度vD=__________m/s.
（2）在打点计时器打B、C两点时，小车的速度分别为vB=1.38m/s；vC=2.64m/s，请在上图坐标系中画出小车的v-t图象_____
（3）小车运动的加速度大小为a=_____________m/s2，打点计时器打出A点时小车的瞬时速度vA=_________m/s.
（4）如果当时打点计时器所用交流电的频率是f=49HZ，而做实验的同学并不知道，由此引起的误差属于____________（选填“系统”或“偶然”）误差，这样测得的加速度结果比实际值偏____________．（选填“大”或“小”）
14、某同学利用图甲的实验装置研究匀变速直线运动，其中打点计时器的电源为交流电源，频率为，在打出的纸带上从点开始每隔一个点取一个计数点，用刻度尺量得相邻计数点间的距离如图乙所示。在打点计时器打点时重物下落的速度为__，重物下落的加速度为__（要求结果尽可能精确）。

15、在一次课外活动中，某同学用图所示装置测量铁块A与放在水平光滑桌面上的金属板B间的动摩擦因数。（结果保留两位小数）
(1)已知铁块A质量mA= 1kg。金属板B的质量mB=0.5kg。用水平力F向左拉金属板B，使其一直向左运动，稳定后弹簧秤示数的放大情况如图所示，则A、B间的摩擦力Ff=____N。A、B间的动摩擦因数μ=______。 （g取10m/s）

(2)该同学还将纸带连接在金属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s，纸带在打点计时器打下B点时的瞬时速度为____m/s，金属板B的加速度a=_____m/s2，可求得水平力F=____N。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一轻质硬杆OB可绕通过B点且垂直于纸面的轴转动，另一端与水平绳OA相连，在O点悬挂一重为G的物体，∠AOB=θ，求轻绳对O点的拉力和轻杆OB对O点的支持力分别为多大？

17、（10分）如图甲所示，质量为m、电荷量为e的电子经加速电压U1，加速后，在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场．已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L（不考虑电场边缘效应），两极板间距为d，O1O2为两极板的中线，P是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L．求：

（1）粒子进入偏转电场的速度v的大小；
（2）若偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的A点，A点与极板M在同一水平线上，求偏转电场所加电压U2；
（3）若偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后t=0时刻进入偏转电场后水平击中A点，试确定偏转电场电压U0以及周期T分别应该满足的条件
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，A错误；
B．飞船加速下落时，加速度方向向下，宇航员处于失重状态，B错误；
C．飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，C正确；
D．火箭上升过程不是匀加速，所以宇航员所受合力会变化，D错误。
故选C。
2、B
【解析】对小球进行受力分析如图所示，

设：板与竖直方向夹角为，则：，，随着板顺时针方向转动，越来越大，因此N2越来越小，同样也越来越小，答案B正确
考点：共点力作用下物体的平衡，力的合力与分解
3、D
【解析】A.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据速度时间关系公式v=gt=10t，v-t图象是过原点的直线，故A错误；
B.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式为，h-t图象是抛物线，故B错误；
CD.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，加速度为一个定值，为g，故C错误，D正确；
4、B
【解析】A．运动速度的大小与合外力没有关系，如做匀速直线运动的物体速度很大，但此时的合力是0，故A错误；
B．物体所受合力越大，物体的加速度就越大，物体的速度变化就越快，故B正确；
C．物体的速度变化越大，即很大，加速度，由于不知道的大小，故无法判断加速度的大小，也无法判断物体所受合外力的大小，故C错误；
D．物体的加速度跟所受的合外力成正比，物体所受合力变化越大，加速度也随之发生变化，故D错误；
故选B。
5、A
【解析】设B的质量为m，则A的质量为2m，AB间的作用力为N，以物体A、B组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得

再以B为研究对象，由牛顿第二定律得

联立解得，故A正确，BCD错误。
故选A。
6、A
【解析】A．在Pa段绳还没有被拉长，人做自由落体运动，所以处于完全失重状态，所以A正确；
B．在ab段绳拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，处于失重状态，所以B错误；
C．在bc段绳的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，所以C错误；
D．在c点，人的速度为零，绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，所以D错误。
故选A。
7、AC
【解析】先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度
【详解】力F撤去前弹簧的弹力大小为F．将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零，B的合力大小等于F，根据牛顿第二定律得到A球的加速度为零，B球的加速度为
【点睛】瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点
8、CD
【解析】先对物体B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析
【详解】因系统平衡，可知物体A受到的合外力为零，保持不变，选项A错误；绳子对A的拉力等于B的重力，保持不变，选项C正确；设mA=2mB=2m，对物体B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图

根据平衡条件得到：f+T-2mgsinθ=0；N-2mgcosθ=0；解得：f=2mgsinθ-T=2mgsinθ-mg；N=2mgcosθ；当θ不断变大时，f不断变大，N不断变小；选项B错误，D正确；故选CD
【点睛】本题关键是先对物体m受力分析，再对物体2m受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解
9、ABD
【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移相等求出运动的时间，结合速度时间公式判断水平分速度和竖直分速度的关系，根据平行四边形定则求出瞬时速度的大小．通过水平位移和竖直位移，根据平行四边形定则求出位移的大小
【详解】A．根据

得

故A正确;
BC．此时竖直分速度

与水平分速度不等，瞬时速率

故B正确，C错误；
D．水平位移

则位移的大小

故D正确。
故选ABD。
【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。
10、BD
【解析】AB．匀速运动阶段，乘客受重力以及扶梯对乘客竖直向上的支持力，没有摩擦力，故A错误，B正确。
CD．加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方向；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上，故D正确，C错误。
故选BD。
11、ABD
【解析】A B．甲看到楼房匀速上升，说明甲相对于地匀速下降。乙看到甲匀速上升，说明乙匀速下降，而且 ，甲看到丙匀速上升，丙看到乙匀速下降，丙可能停在空中，也可能匀速上升，故AB正确；
CD．甲看到丙匀速上升，丙看到乙匀速下降，丙可能匀速下降，且 ，故C错误，D正确。
故选ABD。
12、AB
【解析】对B受力分析，当绳的拉力最大时，B的加速度最大，由牛顿第二定律得出最大加速度．对整体受力分析，由最大加速度求出对应的拉力F
【详解】AC：对B受力分析，当绳拉力最大时，B的加速度最大，由牛顿第二定律可得，解得：B的最大加速度，则两物体向上的加速度不能大于 5 m/s2．故A项正确，C项错误
BD：当整体加速度为5 m/s2时，对整体受力分析，由牛顿第二定律可得，解得：，即F的大小不能超过45N．故B项正确，D项错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.3.90 m/s ②.如图所示
③.(12.4～12.8）m/s2 ④.(0.100～0.140）m/s ⑤.系统 ⑥.大
【解析】（1）D为CE的中间时刻，利用中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度可求D点的速度；（2）依次把B、C、D三点的坐标描入坐标系中，作出图线即可；（3）由图线的斜率可得加速度和A点的速度；（4）打点的频率变低，相邻的计数点长间的时间变长，在计算时用的t相对较小，引起的误差属于系统误差，这样测得的加速度结果比实际值偏大
【详解】（1）打点计时器打出D点时小车的瞬时速度vD==cm/s=390cm/s=3.90m/s
（2）以打A点时作为记时零点，打B点对应的坐标（0.1,1.38），打C点对应的坐标（0.2,2.64），打D点对应的坐标（0.3,3.90），依次把B、C、D三点的坐标描入坐标系中，作出图线如下图

（3）由速度-时间图线可求得图线的斜率即加速度，a==m/s2=12.6m/s2(12.4m/s2～12.8m/s2均可）
由图线可知打点计时器打出A点时小车的瞬时速度vA=0.130m/s(0.100m/s～0.140m/s均可）
（4）如果当时打点计时器所用交流电的频率是f=49HZ，而做实验的同学并不知道，由此引起的误差属于系统误差，由加速度的定义式a=可知，打点的频率变低，打点周期变长，相邻的计数点长间的时间变长，实际的t相对变大，而做实验的同学并不知道，在计算时用的t相对较小，这样测得的加速度结果比实际值偏大
故答案为：(1)3.90m/s；(2)如下图所示：（3）12.6m/s2(12.4m/s2～12.8m/s2均可）；0.130m/s(0.100m/s～0.140m/s均可）；（4）系统；大

14、 ①. ②.
【解析】[1]在打出的纸带上从A点开始每隔一个点取一个计数点，则相邻计数点的时间间隔为2T；B点的速度等于AC段的平均速度，则有：
；
[2]根据加速度逐差法有：
，
结合四段位移采用逐差法有重物下落的加速度为：
。
15、 ①.250 ②.0.25 ③.0.25 ④.2.00 ⑤.3.50
【解析】(1)[1]因为A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数：

[2]根据：

代入数据可解得：；
(2)[3]根据在匀变速直线运动中中间时刻的速度等于这段的平均速度可知：

[4]金属板做匀加速直线运动，根据：

可得：

代入数据解得：a=2.00m/s2
[5]根据牛顿第二定律有：

代入数据可解得：F=3.50N。

三．计算题(22分)
16、支持力 ，轻绳的拉力
【解析】对点O受力分析，受重力、支持力和拉力，如图所示：

根据共点力平衡条件，有：支持力 ，轻绳的拉力
17、粒子进入偏转电场的速度v的大小
偏转电场所加电压
偏转电场电压2，3，，周期2，3，
【解析】（1）电子经加速电场加速：

解得：

（2）由题意知，电子经偏转电场偏转后做匀速直线运动到达A点，设电子离开偏转电场时的偏转角为，则由几何关系得：

解得：

又

解得：

（3）要使电子在水平在水平方向击中A点，电子必向上极板偏转，且vy=0，则电子应在时刻进入偏转电场，且电子在偏转电场中运动的时间为整数个周期，设电子从加速电场射出的速度为，则
因为电子水平射出，则电子在偏转电场中的运动时间满足

则
（n=1，2，3，4…）
在竖直方向位移应满足

解得：
（n=1，2，3，4…）
【点睛】带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同．先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题．解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解