2026届上海市文绮中学高二物理第一学期期末联考试题含解析.doc

2026届上海市文绮中学高二物理第一学期期末联考试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，理想变压器原线圈接在正弦交变电压上，副线圈通过输电线连接两只相同的灯泡L1、L2，输电线的等效电阻为R，在图示状态下，开关S是断开的，当开关S闭合时，下列说法正确的是（）

A.副线圈两端的输出电压减小 B.等效电阻R两端的电压减小
C.通过灯泡L1的电流减小 D.原线圈中的电流减小
2、空间存在水平向右的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，一带电油滴正好可以沿直线ab运动，不考虑油滴受到的阻力，则（ ）

A.油滴可能带负电
B.油滴可能做匀加速直线运动
C.油滴一定从a向b运动
D.油滴机械能一定减小
3、如图所示为某静电场的电场线，A、B是电场中的两点，电场强度大小分别为EA、EB，电势分别为φA、φB，下面的判断中正确的是（　　）

A.场强EA＞EB，电势φA＜φB
B.场强EA＜EB，电势φA＞φB
C.将一带正电的点电荷从A点移到B点，电场力做负功
D.将一负点电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPA＞EPB
4、如图所示A、B、C三个物体放在旋转圆盘上，随圆盘一起转动且与圆盘保持相对静止，三者与转盘之间动摩擦因数相同。已知A的质量为2m，B、C质量均为m，A、B离轴为R，C离轴为2R，则下列判断中正确的是

A.物体A的向心力最小 B.物体C所受的静摩擦力最小
C.当圆盘转速增加时，C比A先滑动 D.当圆盘转速增加时，B比A先滑动
5、电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点过程中，克服电场力做功30eV，则（ ）
A.电子在B点的电势能是30eV
B.电子的电势能减少30eV
C.电子在B点的电势能是110eV
D.B点的电势是110V
6、2019年我国研制出了世界上最大的紧凑型强流质子回旋加速器，该回旋加速器是我国目前自主研制的能量最高的质子回旋加速器。如图所示为回旋加速器原理示意图，现将两个相同的回旋加速器置于相同的匀强磁场中，接入高频电源。分别加速氘核和氦核，下列说法正确的是（　　）

A.它们在磁场中运动的周期相同
B.它们的最大速度不相等
C.两次所接高频电源频率不相同
D.仅增大高频电源频率可增大粒子的最大动能
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、把标有“220 V　100 W”的A灯和“220 V　200 W”的B灯串联起来，接在电压恒为220 V的电源两端，不计导线电阻及灯泡电阻随温度的变化，则下列判断中正确的是（　　）
A.两灯的电阻之比RA∶RB＝2∶1
B.两灯的实际电压之比UA∶UB＝1∶2
C.两灯实际消耗的功率之比PA∶PB＝1∶2
D.在相同时间内，两灯实际发热之比QA∶QB＝2∶1
8、如图所示，在边长为a的等边三角形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，质量为m，速率为的粒子从A点垂直磁场方向沿AB进入磁场区域，不计粒子重力，粒子离开磁场时的速度方向与AC平行，则（）

A.粒子带负电
B.粒子做圆周运动的半径为
C.粒子的电量为
D.粒子在磁场中运动的时间为
9、如图，金属棒AB用软线悬挂在磁感应强度为B，方向如图所示的匀强磁场中，电流由A向B，此时悬线张力为T，欲使悬线张力变小，可采用的方法有

A.改变电流方向，且适当增大电流强度
B.电流方向不变，且适当增大电流强度
C.将磁场反向，且适当增大磁感应强度
D.磁场方向不变，且适当增大磁感强度
10、如图所示为理想变压器原线圈所接正弦交流电源两端的电压－时间图象．原、副线圈匝数比n1∶n2＝10∶1，串联在原线圈电路中交流电流表的示数为1A，则 ( )

A.变压器原线圈所接交流电压的有效值为220V
B.变压器输出端所接电压表的示数为22V
C.变压器输出端交变电流的频率为50Hz
D.变压器的输出功率为220W
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）物理兴趣小组同学在测两节干电池串联时的电动势和内阻时所用器材如下：
A.两节干电池串联：电动势约为3 V，内阻约为1 Ω；
B.电压表V：量程0~3 V，内阻为几千欧；
C.电流表A：量程0~100 mA，内阻为4.5 Ω；
D.标准电阻R0：0.5 Ω；
E.滑动变阻器R：0~20 Ω；
F.开关、导线若干。
(1)该小组同学设计如下图甲所示的电路图，请依据电路图用笔画线在图乙中将实物图连接完整____________。

(2)实验中，该小组闭合开关，调节滑动变阻器，多次测量得出多组电压表示数U和电流表示数I，通过描点画出电源的U-I图象如图丙所示，则该电源的电动势E=_____________V、内阻r=_____________Ω。(结果均保留两位小数) 
（3）由于电表内阻的影响，所以该电源的电动势测量值__________真实值，内电阻的测量值___________真实值。（以上两空选填“大于”、“等于”、“小于”）
12．（12分）某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2Ω，电压表（0～3V，3kΩ），电流表（0～0.6A，1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只

（1）实验中滑动变阻器应选用__________（选填“R1”或“R2”）
（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的U﹣I图象，由图可较准确地求出电源电动势E=_________V；内阻r=__________Ω．（结果保留两位小数）
（3）某小组在实验时，发现电流表坏了，于是不再使用电流表，仅用电阻箱R′替换掉了滑动变阻器，电路图如图所示。他们在实验中读出几组电阻箱的阻值R′和电压表的示数U，描绘出 的关系图像，得到的函数图像是一条直线。若该图像的斜率为k，纵轴截距为b，则此电源电动势E=_________，内阻r=__________。该组同学测得电源电动势E测_____E真，内阻r测_____r真。（填“>”“＝”或“<”）。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】A．理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，故A错误；
B．当s接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，等效电阻R两端的电压增大，故B错误；
C．副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小，故C正确；
D．由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，故D错误。
故选C。
2、D
【解析】ABC．粒子做直线运动，因为洛伦兹力的大小和速度有关，根据受力分析可知，粒子只能做匀速直线运动，且从b向a运动，受力分析如图：

粒子只能带正电，ABC错误；
D．电场力做负功，电势能增大，油滴的机械能减小，D正确。
故选D。
3、B
【解析】A．用电场线的疏密程度表示场强的大小，所以A点的场强小于B点的场强，故A错误。
B．由A的分析知EA＜EB，沿电场线方向电势逐渐降低，故φA＞φB，故B正确。
C．沿电场线方向移动正电荷，电场力做正功，故C错误。
D．对负电荷来说，电势越低电势能越大，电势越高电势能越小，所以EPA＜EPB，故D错误。
故选B.
4、C
【解析】A．物体做圆周运动靠静摩擦力提供向心力，有

所以物体A的向心力为

物体B的向心力为

物体C的向心力为

可知，物体B的向心力最小，故A错误；
B．物体做圆周运动靠静摩擦力提供向心力，所以物体B的摩擦力最小，故B错误；
CD．根据

得，发生相对滑动的临界角速度

C的半径最大，临界角速度最小，增大转速，C最先滑动，A、B的临界角速度相等，A、B同时滑动，故C正确，D错误。
故选C。
5、C
【解析】ABC．电场力做正功，电势能减少；电场力做负功，电势能增加．本题“克服电场力做功，即为电场力做负功，所以电势能增加。根据
W电=ΔEP电
得出：电子在B处的电势能是
W电=ΔEP电=80eV+30eV=110eV
故AB错误，C正确；
D．根据电势的定义，若带电粒子是电子，则在B点的电势等于

D错误。
故选C。
【点睛】根据电场力做功与电势能变化的关系，电场力做负功，电势能增加，即可得到电子在B点具有的电势能；电势是电荷在电场中某点具有的电势能与电荷所带电荷量的比值，由定义式可求出该点电势
6、A
【解析】A．粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，周期

氘核和氦核的比荷相等，则两粒子在磁场中运动的周期相同，故A正确；
C．根据回旋加速器的工作原理可知，粒子在磁场中运动的频率等于高频电源的频率，故两次频率相同，故C错误；
B．根据

可得最大速度

由于氘核和氦核比荷相同，因此它们的最大速度也相同，故B错误；
D．最大动能

高频电源的频率与粒子最大动能无关，故D错误。
故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】先根据欧姆定律和电功率的定义得到标有“220V，100W”的A灯和“220V，200W”的B灯的电阻，然后根据串联电路电流相等，求出两灯的电压、功率之比
【详解】根据，代入数据可得A灯泡电阻为484Ω，B灯泡电阻为242Ω，故电阻之比为：2：1，故A正确；两个电灯泡电阻之比为2：1，根据U=IR，电压之比为2：1，故B错误；根据P=I2R，电流相等，故电功率之比为2：1，故C错误；根据焦耳定律，Q=I2Rt，电流和时间相等，故热量之比等于电阻之比，即为2：1，故D正确．所以AD正确，BC错误
【点睛】本题不考虑温度的影响，将两个灯泡当作定则电阻处理，根据串联电路的电压和电流关系分析求解
8、AB
【解析】A．由题意可知，粒子离开磁场时的速度方向与平行，则粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力垂直于向右下方，由左手定则可知，粒子带负电，故A正确；
B．粒子运动轨迹如图所示：

由几何知识得：

解得：

故B正确；
C．洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

解得：

故C错误；
D．粒子转过圆心角：

粒子做圆周运动的周期：

粒子在磁场中的运动时间：

故D错误；
故选AB。
9、BD
【解析】开始导体棒受重力、拉力和向上的安培力处于平衡，根据左手定则判断使悬线张力变小的方法
【详解】A．改变电流方向，则安培力方向向下，绳子张力变大；故A错误.
B．电流方向不变，增大电流强度，根据F=BIL知，安培力增大，根据共点力平衡知，绳子张力减小；故B正确.
C．将磁场方向反向，安培力方向向下，则绳子张力变大；故C错误.
D．将磁场方向不变，增大磁感应强度，根据F=BIL知，安培力增大，根据共点力平衡知，绳子张力减小；故D正确.
故选BD.
【点睛】解决本题的关键掌握安培力的大小公式和左手定则判断安培力的方向．结合共点力平衡进行分析.
10、AC
【解析】由图象知交流电的电压最大值为220V，有效值为＝220V，故A正确；交流电压表测得电阻两端的电压为有效值，根据原副线圈电压比等于线圈匝数比可知：变压器输出端所接电压表的示数为，故B错误；由图象读出该交流电的周期为0.02s，根据频率与周期的关系可知：，变压器不改变频率，故C正确；变压器的输入功率为P=UI=220W，而输出功率等于输入功率，也为220W，故D错误；
故选AC
【点睛】此题关键是掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，交流电的最大值和有效值之间的关系即可解决本题

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 (1). (2).2.95（2.93~2.97） (3).0.95（0.93~0.97） (4).小于 (5).小于
【解析】（1）[1]根据电路图，实物连接如图所示：

（2）[2] 根据闭合电路欧姆定律：

整理得：

电源的U-I图象在U轴上的截距为电动势，由图可得：
E=2.95V；
[3] 电源的U-I图象的斜率为：

解得：
；
（3）[4]如果考虑电表内阻的影响，根据闭合电路欧姆定律：

整理得：

设电源的U-I图象在U轴上的截距为a，真实的电动势：

所以电源的电动势测量值小于真实值；
[5] 设电源的U-I图象在U轴上的斜率为k，内阻的测量值为

真实的内阻：

所以电源的内阻测量值小于真实值；
12、 (1).R1 (2).1.46（1.45-1.48） (3).1.83（1.81~1.89） (4). (5). (6).< (7).<
【解析】（1）[1]由题意可知，电源的内阻约为2Ω，故为了易于调节，准确测量，且能让外电路的电压有明显变化，滑动变阻器的最大阻值不能太大，故选应选小电阻R1；
（2）[2][3]由闭合电路欧姆定律可知：
U=E-Ir；
即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内源内电阻；故由图可知：
电动势为
E=1.46V（1.45-1.48），
内阻为：
（1.81~1.89）；
（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律：

；
联立变形得：

变形可得：
，
由此式可知，伏阻法的图中，直线斜率
；
，
解得：
；
；
[6][7]由于电压表的分流作用，流过电源的电流大于流过电阻箱电流，根据E=U+Ir 可知，I短相同；电压表测路端电压准确，但路端电压越大，电压表分流越多，电流值误差越大，作出如图所示的U-I图线：

由图可知，测量线和真实线的纵截距表示电动势，可得E测<E真；测量线和真实线的斜率表示内阻，有r测<r真。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N