2025-2026学年甘肃省兰州新区舟曲中学高二上物理期末综合测试试题含解析.doc

2025-2026学年甘肃省兰州新区舟曲中学高二上物理期末综合测试试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下述说法正确的是 ( )
A.场强为零的地方，电势不一定为零
B.等势面上各点场强大小相等
C.电荷处在电势越高的地方电势能越大
D.电场中电场强度越大地方，电势越高
2、电场中某区域的电场线分布如图所示,A、B是电场中的两点,则( )

A.A点的电场强度较大
B.因为B点没有电场线,所以电荷在B点不受电场力的作用
C.同一点电荷放在A点受到的电场力比放在B点时受到的电场力小
D.负点电荷放在A点由静止释放,将顺着电场线方向运动
3、如图所示，理想变压器的原线圈接有电阻R1，副线圈上接有一个电阻R2，其中，R1=4R2．已知电阻R和R上的电功率相等，则理想变压器的原线圈和副线圈的匝数比n1：n2为

A.1:1 B.4:1
C.3:1 D.2:1
4、如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，其中央正上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，并通以垂直纸面向外的电流，则（ ）

A.磁铁对桌面的压力减小、不受桌面摩擦力的作用
B.磁铁对桌面的压力减小、受到桌面摩擦力的作用
C.磁铁对桌面的压力增大、不受桌面摩擦力的作用
D.磁铁对桌面的压力增大、受到桌面摩擦力的作用
5、下列关于多用电表的说法，正确的是
A.用多用电表测量直流电流时，红、黑两表笔中黑表笔电势较高
B.用多用电表测量直流电压时，红、黑两表笔中黑表笔电势较低
C.用多用电表测量电阻时，红、黑两表笔中黑表笔电势较低
D.用多用电表测量电阻时，红、黑两表笔电势相等
6、科学实验证明，足够长通电直导线周围某点的磁感应强度大小，式中常量k>0，I为电流强度，l为该点与导线的距离。如图所示，两根足够长平行直导线分别通有电流3I和I（方向已在图中标出），其中a、b为两根足够长直导线连线的三等分点，O为两根足够长直导线连线的中点，下列说法正确的是（　　）

A.a点和b点的磁感应强度方向相同
B.a点的磁感应强度比O点的磁感应强度小
C.b点的磁感应强度比O点的磁感应强度大
D.a点和b点的磁感应强度大小之比为5：7
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，金属杆ab静放在水平固定的“U”形金属框上，整个装置处于竖直向上的磁场中．当磁感应强度均匀增大时，杆ab总保持静止，则

A.杆中感应电流方向是从b到a
B.杆中感应电流大小保持不变
C.金属杆所受安培力逐渐增大
D.金属杆受三个力作用而保持平衡
8、某电器元件被磁化了，为了使其退磁，下列方法可行的有（）
A.把该元件高温处理
B.把该元件通入强电流
C.把该元件放入逐渐减弱的交变磁场中
D.把该元件放入强磁场中
9、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势如图乙中曲线a、b所示，则下列说法正确的是(　　)

A.曲线a表示的交变电动势瞬时值
B.曲线b表示的交变电动势最大值为28.8 V
C.时，曲线a、b对应的感应电动势大小之比为3∶2
D.时，曲线a对应线框的磁通量最大，曲线b对应线框的磁通量为0
10、如图所示，b是理想变压器原线圈的一个抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，示数分别为U和I，在原线圈两端加上交变电流，把单刀双掷开关S与b连接，则：（　　）

A.保持其它条件不变，触头P向上移动的过程中，I变大
B.保持其它条件不变，触头P向下移动的过程中，U变小
C.保持其它条件不变，S由b扳向a时，U和I均变小
D.保持其它条件不变，S由b扳向a时，U变大，I变小
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5 V的小灯泡的I－U特性曲线的实验电路图

①根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接起来_____
②开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应 该置于_____端（选填“A”、“B”或“AB中间”）
12．（12分）在做测干电池电动势和内阻的实验时备有下列器材可供选用
A．干电池(电动势约1.5 V)
B．直流电流表(量程为0～0.6 A, 内阻为约0.10 Ω)
C．直流电流表(量程为0～3 A, 内阻约为0.025 Ω)
D．直流电压表(量程为0～3 V, 内阻约为5 kΩ)
E．直流电压表(量程为0～15 V, 内阻约为25 kΩ)
F．滑动变阻器(阻值范围为0～15 Ω，允许最大电流为1 A)
G．滑动变阻器(阻值范围为0～1000 Ω，允许最大电流为0.5 A)
H．开关
I．导线若干
J．电池夹
(1)为了实验误差较小，本实验选定的电流表为_____，电压表为_____，滑动变阻器为_____（填仪器的序号字母）。
(2)在虚线框内画出实验原理图________.
(3)根据实验记录，画出的U—I图象如图所示，可得待测电池的内阻r＝________ Ω.待测电源的电动势E＝________ V。（保留三位有效数字）

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、A
【解析】A．电势与电场强度大小之间不存在必然联系，场强为零的地方，电势不一定为零，A选项正确；
B．等势面上各点电势相等，电场强度不一定相等，B选项错误；
C．电势能可见在电荷量一定的情况下，电势越高，正电荷电势能越大，而负电荷电势能越小，C选项错误；
D．电势与电场强度大小之间不存在必然联系，电场中电场强度越大的地方，电势越不一定高，D选项错误。
故选A。
2、A
【解析】电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．同一电荷在电场强度大的地方受到的电场力大．电场线是曲线，粒子的运动轨迹与电场线不一致.
【详解】由图可知，A点处电场线较密，电场强度较大．故A正确．电场线的疏密代表电场的强弱，故在任意两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场，故B错误．A点的电场强度较大，同一点电荷放在A点受到的电场力较大．故C错误．负电荷放在A点受到的电场力沿电场线的切线方向，由静止释放后，负电荷将离开电场线，所以其运动轨迹与电场线不一致．故D错误．故选A
【点睛】本题考查对电场线物理意义的理解．要注意只有当电场线是直线，而且电荷无初速度或初速度方向与电场线共线时，电荷的轨迹才与电场线一致
3、D
【解析】由电路可知，电阻R1两端的电压等于原线圈两端的电压U1，电阻R2两端的电压等于副线圈两端的电压U2，根据电阻R1和R2上的电功率相等：，所以,D正确．故选D
4、A
【解析】在磁铁外部，磁感线从极指向极，长直导线在磁铁的中央正上方，导线所在处磁场水平向左方；导线电流垂直于纸面向外，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向下方；由牛顿第三定律可知，导线对磁铁的作用力竖直向上，因此磁铁对桌面的压力减小，小于磁铁的重力，磁铁没有运动趋势，磁铁不受摩擦力；
A．与分析相符，故A正确；
B．与分析不符，故B错误；
C．与分析不符，故C错误；
D．与分析不符，故D错误。
5、B
【解析】AB．用多用电表测直流电流，电压时，多用表内部不连接电池，电流由红表笔流入，由黑表笔流出，红表笔电势高，黑表笔电势较低，故A错误，B正确；
CD．用多用电表测电阻时，多用电表有内置电源，黑表笔与电源的正极相连，则黑表笔的电势高，故CD错误。
故选B。
6、A
【解析】A．左边导线在a点和b点产生的磁场方向向下，右边导线在a点和b点产生的磁场反向也向下，故a点和b点磁场方向相同，均向下，故A正确；
B．设两导线之间距离为3l，则a点的磁感应强度为

O点的磁感应强度为

故a点磁感应强度大于O点，故B错误；
C．b点磁感应强度为

故b点磁感应强度小于O点，故C错误；
D．由B、C分析可知，a点和b点的磁感应强度大小之比为

故D错误；
故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、BC
【解析】AB．当磁感应强度均匀增大时，磁通量增大，杆中感应电流方向是从a到b，磁通量均匀增大，故杆中感应电流大小保持不变，选项A错误，B正确；
C．而磁场对杆有安培力的作用，，B增大则F增大，选项C正确；
D．金属杆受四个力作用：重力、支持力、安培力、静摩擦力，选项D错误；
故选BC
8、AC
【解析】A、根据退磁的方法可知，把该元件高温处理，因为激烈的热运动使分子电流的取向又变的杂乱无章了．能使元件退磁．故A正确；
B、把该元件通入强电流，不能使分子电流的取向变的杂乱无章．故B错误；
C、把该元件放入逐渐减弱的交变磁场中是使磁性物体退磁的方法．故C正确；
D、把该元件放入强磁场中，可能会使该元件的磁性更强．故D错误
故选AC
【点睛】本题考查了安培分子电流假说和磁化、退磁的知识，要真正理解铁磁性物质产生磁化的本质，掌握常见的退磁的方法．属于基础题目
9、AC
【解析】根据题意可知考查正弦式交变电流e-t图像变化规律，找出e、 、 随时间的变化规律，抓住同一时刻各个物理量的特点分析可得
【详解】A．由题图乙可知，
，
，
则曲线a表示的交变电动势瞬时值
，
故A符合题意；
B．由题图乙知曲线a、b表示的交变电流的周期之比
，
由可知
，
所以曲线a、b表示的交变电动势的最大值之比
，
又有，则，故B不符合题意；
C．曲线a表示的交变电动势瞬时值
，
曲线b表示的交变电动势瞬时值
，
将代入，得，，，故C符合题意；
D．由题图乙知时，a的电动势最大，对应线框的磁通量为0，b的电动势为0，对应线框的磁通量最大，故D不符合题意
【点睛】在中性面位置（线圈平面垂直磁场方向）时，磁通量最大，磁通量的变化率为零，瞬时电动势为零，电流方向变化，在垂直中性面（线圈平面和磁场方向平行）时磁通量为零，磁通量变化率最大，瞬时电动势最大．理解同一时刻各个物理量的特点是解决本题的关键
10、AC
【解析】A、保持其它条件不变，滑动变阻器触头向上移动的过程中，滑动变阻器的电阻减小，电路的总电阻减小，由于副线圈的电压是由变压器和原线圈的电压决定的，副线圈的电压不变，根据欧姆定律可知副线圈的电流增大，根据电流与匝数成反比可知原线圈的电流增大，故选项A正确；
B、保持其它条件不变，滑动变阻器触头向下移动的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律可知副线圈的电流减小，两端的电压减小，根据串联分压可知两端的电压增大，电压表示数变大，故选项B错误；
CD、保持其它条件不变，当单刀双掷开关与连接时，根据电压与匝数成正比可知副线圈的电压变小，副线圈的电流变小，根据电流与匝数成反比可知原线圈的电流减小，所以电压表和电流表的示数都变小，故选项C正确，D错误

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①. ②.A端
【解析】（1）根据原理图连接实物图如下所示：

（2）为了安全和保护仪器不被烧坏，开关S闭合之前，应该移动滑片，使测量电路短路，即将片滑移动到A端
12、 (1).B (2).D (3).F (4). (5).0.690 (6).1.45
【解析】（1）[1][2][3]．因电源电动势为1.5V，则电压表选择D；电路中的电流不超过0.6A，则电流表选择B；滑动变阻器选择阻值较小的F即可；
（2）[4]．实验电路如图：

（3）[5][6]．待测电池的内阻

待测电源的电动势E＝1.45V。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答