2025年河南省永州市新田县第一中学物理高二上期末达标检测试题含解析.doc

2025年河南省永州市新田县第一中学物理高二上期末达标检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列对能量转化的描述，正确的是（　　）
A.电暖气工作时，电能转化为动能
B.汽油发动机运转时，电能转化为化学能
C.雨滴下落过程中，部分动能转化为重力势能
D.水力发电机工作时，水的部分机械能转化为电能
2、磁感线可以用来描述磁场，下列关于磁感线的说法不正确的是 ( )
A.磁感线的疏密表示磁场的强弱
B.磁感线从S极出发，终止于N极
C.匀强磁场的磁感线疏密分布均匀
D.磁感线上任一点的切线方向表示该点的磁场方向
3、如图，竖直平面内有一正方形，一个质量为m电荷量为q的带正电小球在A点以一定初速度沿AB方向抛出，小球恰好过C点．若在竖直平面内加一个竖直方向的匀强电场，仍将小球在A点沿AB方向抛出，当其初速度减小为原来的一半时，恰好也能通过C点，则电场强度的大小和方向分别是(重力加速度为g，空气阻力不计)

A.，竖直向下
B.，竖直向上
C.，竖直向下
D.，竖直向上
4、如图所示，在条形磁铁S极附近悬挂一个圆形线圈，线圈平面与水平磁铁位于同一平面内，当线圈中通以如图所示方向的电流时，线圈将(　　)

A.向磁铁平移
B.远离磁铁平移
C.边转动边向左摆动
D.边转动边向右摆动
5、如图所示，水平匀强磁场的理想边界MN和PQ均竖直，等腰直角三角形闭合导线框的直角边恰好和磁场宽度相同。从线框右顶点刚进入磁场开始计时。若线框匀速通过磁场（线框的一直角边与边界平行），取逆时针方向为感应电流的正方向，则下列四幅图中，能正确反映线框中流过的电流随时间的变化关系的是（ ）

A B.
C. D.
6、如图所示，两极板水平放置的平行板电容器间形成匀强电场，两板间距为d．一带负电的微粒从上极板M的边缘以初速度v0射入，沿直线从下极板N的边缘射出，已知微粒的电量为q，质量为m，下列说法正确的是（）

A.微粒的加速度不为零 B.微粒的电势能减少了mgd
C.M板的电势低于N极板的电势 D.两极板间的电势差为
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，abcd为水平放置的平行“匸”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直与导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计。已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动金属杆滑动过程中与导轨接触良好。则下列说法中错误的是（）

A.电路中感应电动势的大小为
B.电路中感应电流的大小为
C.金属杆所受安培力的大小为
D.金属杆的热功率为
8、有一个理想变压器的原副线圈匝数之比为n1：n2=2：1，电源电压，电阻R1=4Ω，R2=2Ω，它们消耗的功率分别为P1和P2，则

A.P1=4W
B.P1=16W
C.P2=2W
D.P2=8W
9、下面的说法正确的是（）
A.物体运动的方向就是它的动量的方向
B.如果物体的速度发生变化，则可以肯定它受到的合外力的冲量不为零
C.如果合外力对物体的冲量不为零，则合外力一定使物体的动能增大
D.作用在物体上的合外力冲量不一定能改变物体速度的大小
10、 (多选)如图为一个电磁泵从血库里向外抽血的结构示意图，长方体导管的左、右表面绝缘，上、下表面为导体，管长为a、内壁高为b、宽为L且内壁光滑．将导管放在垂直左、右表面向右的匀强磁场中，由于充满导管的血浆中带有正、负离子，将上、下表面和电源接通，电路中会形成大小为I的电流，导管的前后两侧便会产生压强差p，从而将血浆抽出，其中v为血浆流动方向．若血浆的电阻率为ρ，电源的电动势为E，内阻为r，匀强磁场的磁感应强度为B，则下列判断正确的是(　　)

A.此装置中血浆的等效电阻
B.此装置中血浆受到安培力大小F＝BIL
C.增大磁感应强度可以加快血浆的外抽速度
D.前后两侧的压强差
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）有一个小灯泡上标有“4 V 2 W”的字样，现要

描绘这个灯泡的伏安特性图线,有下列器材可选：
A.电压表(0—5V,内阻约为10KΩ) B.电压表(0—10V，内阻约为20kΩ)
C.电流表(0—0.3 A,内阻约为1Ω) D.电流表(0—0.6A,内阻约为0.4Ω)
E.滑动变阻器(10Ω,2A) F.滑动变阻器(100Ω,2A)
G.学生电源(直流6V),还有开关、导线若干
(1)用多用电表欧姆挡粗测灯泡的电阻，选用“ ×10”挡测量时，发现指针偏转角度过大，则应选用×_______的挡
(2)实验中所用电流表应选用_____,滑动变阻器应选用_____(用对应的选项字母表示）
(3)实验时要求尽量减小实验误差,测量电压时应从零开始多取几组数据，且当开关闭合前滑片应滑变阻器的左边．请将图甲中实物按要求连接成满足实验要求的测量电路______.
(4)某同学根据实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特佺曲线(如图乙所示),若用电动势为3 V、内阻为2.5Ω的电源给该小灯泡供电,则该小灯泡的实际功率是________ W
12．（12分）某同学想测量一段导体的阻值
（1）他先用多用电表进行初步测量，主要的操作过程分以下几个步骤，请将第④步操作填写完整：
①将红、黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔；选择电阻档“×10”；
②将红、黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮，使指针指向“0”；
③将红、黑表笔分别与导体的两端相接，发现指针示数接近“0”；
④选择电阻档_________(选填“×100”或“×1”)，将红、黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮调零后；重新将红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值

（2）采用上述操作步骤后，多用电表的指针位置如图所示．则该段导体的电阻测量值为______
（3）为了比较精确地测量这个导体的电阻值，他采用伏安法继续进行实验测量，现有实验器材如下：
A．电源E（电动势4.0V，内阻约0.5Ω）；
B．电压表（0～3V，内阻3kΩ）;
C．电压表（0～15V，内阻15kΩ）；
D．电流表（0～0.6A，内阻0.1Ω）
E．电流表（0～3A，内阻0.02Ω）；
F．滑动变阻器R1（0～50Ω，1.5A）；
G．滑动变阻器R2（0～2000Ω，0.3A）；
H．开关S和导线若干
为了调节方便，测量准确，在实验中，滑动变阻器应选用______（选填序号字母）．连接电路时，电压表应选_____（选填序号字母）、电流表应选______（选填序号字母）．实验电路应采用图中的_____（选填“甲”或“乙”）

（4）若在上问中选用甲电路，产生误差的主要原因是______．（选填选项前的字母）
A．电流表测量值小于流经Rx的电流值
B．电流表测量值大于流经Rx的电流值
C．电压表测量值小于Rx两端电压值
D．电压表测量值大于Rx两端的电压值
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】A．电暖器工作时，电能转化为热能，故A错误；
B．汽油发动机运转时，化学能转化为机械能，故B错误；
C．雨滴下落过程中，部分重力势能转化为动能，故C错误；
D．水力发电机工作时，水的部分机械能转化为电能，故D正确
2、B
【解析】磁感线封闭的曲线，无头无尾，其疏密描述磁场的强弱，磁感线上一点的切线方向表示该点的磁场方向，所以ACD说法正确；B说法错误。
故本题不正确的选B。
3、B
【解析】当只有重力时，小球作平抛运动，设小球的初速度为v，正方形的边长为l，则：，；当存在匀强电场后，小球做类平抛运动，则：，，联立解得：a=g/4；加速度减小，电场力向上，小球带正电，则电场方向竖直向上，由牛顿第二定律得：，即，故B正确
4、C
【解析】通以顺时针的电流，由于处于S极的磁体附近，根据左手定则可得，线圈左边安培力垂直纸面向外，右边安培力垂直纸面向里．从上往下看，导致线圈逆时针转动，由于磁场的不均匀，导致线圈受到安培力的作用向磁铁靠近．即线圈将边转动边向左摆动,C正确,
5、D
【解析】感应电流，线框做匀速直线运动，有效长度发生变化，电流就发生变化；
0-时间内，由右手定则判断可知，感应电流方向沿逆时针方向，是正的，线框切割磁感线的有效长度l均匀增加，则电流I均匀增加；
~时间内，由右手定则判断可知，感应电流方向沿顺时针方向，是负的，线框切割磁感线的有效长度l均匀增加，则电流I均匀增加；
A．该图与结论不相符，选项A错误；
B．该图与结论不相符，选项B错误；
C．该图与结论不相符，选项C错误；
D．该图与结论相符，选项D正确；
故选D。
6、D
【解析】考查电场力做功与电势能的关系。
【详解】A．重力竖直向下，平行板电容器两极板水平放置，则电场力也是竖直方向，要斜向下直线运动，则电场力一定向上，与重力平衡，加速度为0，A错误；
B．因受力平衡，做匀速直线运动，运动过程中，重力势能转化为电势能，重力势能减少了mgd，所以电势能增加了mgd，B错误；
C．带负电的微粒从上极板运动到下极板，电势能增加，由：

q为负值，可知，M板运动到N板过程中，电势降低，即M板的电势高于N板的电势，C错误；
D．由电场力做功与电势差的关系：

解得两极板间的电势差为，D正确。
故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、CD
【解析】A．电路中感应电动势为：

故A正确，不符合题意。
B．电路中感应电流的大小为：

故B正确，不符合题意。
C．金属杆所受安培力的大小为：

故C错误，符合题意。
D．金属杆的热功率为：

故D错误，符合题意。
故选CD。
8、AD
【解析】CD.由电源电压知
理想变压器变压关系，所以
流过R2的电流，
R2消耗的功率
选项D正确，C错误；
AB.流过R1的电流
R1消耗的功率
选项A正确，B错误。
故选AD。
9、ABD
【解析】据P=mv可知，动量方向与速度方向一致，所以A选项正确；据I=Ft=Δmv可知，物体的速度发生变化则物体的动量发生变化，那么一定受到不为0 的冲量作用，B选项正确；静止的物体所受到的外力冲量不为0 ，但物体的动能为0 ，所以C选项错误；当物体做匀速圆周运动时，其所受合外力冲量不为0，但物体的速度大小不变，D选项正确
10、ACD
【解析】导体长度为b，横截面积为aL，由电阻定律可得此装置中血浆的等效电阻为：R=ρ，故A正确．导体长度为a，故所受安培力为F=BIb，故B错误．根据洛伦兹力与电场力平衡，则有qvB=q，解得：U=Bav，当增大磁感应强度B时，则前后表面的电势差U增大，导致电场力增大，则会加快血浆的外抽速度，故C正确；压强公式得可得：，故D正确．故选ACD

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.1 ②.D； ③.E； ④.； ⑤.0.8
【解析】（1）选用多用表欧姆挡的“×10”挡进行测量，指针偏转的角度过大，说明所选挡位太大；（2）根据实验原理选择仪器；（3）因电压表内阻远大于灯泡电阻，则采用电流表外接电路；滑动变阻器要用分压接法；（4）将电动势为3 V、内阻为2.5Ω的电源的U-I图像画在灯泡的U-I图像上，交点为电路的工作点，读出交点坐标，根据P=IU求解实际功率；
【详解】（1）用“×10”挡进行测量，指针偏转的角度过大，说明所选挡位太大，为准确测电阻阻值，应选择×1挡位
（2）灯泡的额定电流为0.5A，则实验中所用电流表应选用D；滑动变阻器要用分压接法，则应选用阻值较小的E；
（3）因电压表内阻远大于灯泡电阻，则采用电流表外接电路；滑动变阻器要用分压接法；电路如图；

（4）将电动势为3 V、内阻为2.5Ω的电源的U-I图像画在灯泡的U-I图像上，交点为电路的工作点，由图可知：U=2.0V，I=0.4A，则小灯泡的实际功率是P=IU=0.8W.
12、 ①.×1 ②.8 ③.F ④.B ⑤.D ⑥.甲 ⑦.B
【解析】（1）[1]将红、黑表笔分别与导体的两端相接，发现指针示数接近“0”，说明倍率档选择过大，应该改用×1档；
（2）[2]如图可知，电阻的测量值为.
（3）[3] 滑动变阻器选择阻值较小的F；
[4]电源的电动势为4V，则电压表选B；
[5]电路中可能出现的最大电流
，
则电流表选择D;
[6]因
，
故应选用电流表外接，即选择甲电路；
（4）[7]甲电路中产生误差的原因是由于电压表的分流作用，使得电流表测量值大于流经Rx的电流值，故选B

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N