资源描述
2
025 届高三年级 10 月份联考
物理试题
本试卷共 8 页，15 题。全卷满分 100 分。考试用时 75 分钟。
注意事项：
．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题
卡上的指定位置。
．选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写
在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均无效。
．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
1
2
3
4
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只
有一项是符合题目要求的。
1
．下列说法正确的是（
）
A．在电磁感应现象中，导体在磁场中运动一定能够产生感应电流
B．能量量子化就是指微观粒子的能量值只能是一个最小能量单位的偶数倍
C．电动机的工作原理是利用电磁波
D．麦克风是利用电磁感应现象制成的，电磁铁的工作原理是电流的磁效应
2
．如图所示，人以恒定的速度 v 拉动绳子，使小船沿水面向河岸靠近，则绳上的 P 点的瞬时速度方向符
合实际的是（
）
A．
B．
C．
D．
3
．如图所示为一台六旋翼无人机，正在空中沿水平方向匀速飞行。已知机身自重为 G，受到的空气阻力
为 3G ，则平均每个旋翼提供的飞行动力大小为（
）
-
G
3G
G
3G
A．
B．
C．
D．
3
6
6
3
4
．下列四幅图，都涉及磁现象，描述正确的是（
）
A．图甲为探究影响通电导线受力因素的实验图，此实验应用了理想模型法
B．图乙中穿过线圈 a 的磁通量大于穿过线圈 b 的磁通量
C．图丙中线圈 a 通入电流变大的直流电，线圈 b 所接电流表不会有示数
D．图丁中小磁针水平放置，小磁针上方一负电荷自左向右运动，小磁针的 N 极向纸面内偏转
5
．在今年的巴黎奥运会女子网球单打项目中，我国选手郑钦文勇夺桂冠，为国争光。网球场地的规格示
意图如图所示，长度为 23.77m，宽度单打为 8.23m、双打为 10.97m，发球线到球网的距离为 6.4m。假设
某次训练时，郑钦文站在底线中间位置，网球被竖直上抛到最高点时（距离地面的高度为 2.45m），将网球
水平击出，结果恰好落在对方发球线的中点位置，则网球被水平击出时的速度大小约为（不考虑空气阻力
的影响）（
）
A．15m/s
B．20m/s
C．25m/s
D．30m/s
6
．如图所示，探测器前往月球的过程中，首先进入环绕地球的“停泊轨道”，在 P 点变速进入地月“转移
轨道”，接近月球时，被月球引力俘获，在 Q 点通过变轨实现在“工作轨道”上匀速绕月飞行。下列关于
探测器的说法正确的是（
）
A．发射速度大于地球的第二宇宙速度
B．在“地月转移轨道”上经过 Q 点时的加速度大于在“工作轨道”上经过 Q 点时的加速度
C．在“地月转移轨道”上的运行周期小于在“停泊轨道”上的运行周期
D．在“停泊轨道”的 P 点必须加速才能进入“地月转移轨道”，而在 Q 点必须减速才能进入“工作轨
道”
7
．已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心、电荷量与之相等的点电荷产生的电场相
同。如图所示，两个半径均为 R 的球体（绝缘体）上均匀分布着电荷量均为 Q 的电荷，在过两球心 O、
O OO 2R)的直线上以 R 为直径在两球内各挖一球形空腔。已知静电力常量为 k，则两球剩余部分之
¢
(
¢ =
间的静电力大小为（
）
1
5kQ2
4R2
49kQ2
256R2
89kQ2
576R2
5kQ2
36R2
A．
B．
C．
D．
6
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有
多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8
．一辆玩具汽车在水平地面上做直线运动，其速度 v 与时间 t 的关系如图所示。已知玩具汽车的质量为
2
kg，运动过程中受到的阻力 f 始终为车重的 0.1 倍，重力加速度
g =10m/s2
，下列说法正确的是（
）
A．t = 3s时汽车的加速度开始反向
B．4s 末汽车的位移大小为 12m
C．3∼4s 时间内因刹车额外产生的制动力的大小为 12N
D．0∼6s 时间内汽车克服阻力 f 做的功为 32J
9
．随着国家“以旧换新”政策的出台，中国新能源汽车的销量迎来了显著的增长。如图所示为某新能源
汽车的电池、汽车电机、大灯连接的简化电路。当汽车启动时，闭合开关 S，汽车电机开始工作，车灯突
然变暗，下列说法正确的是（
）
A．路端电压变小
B．电路的总电流变小
C．电池的总功率变大
D．电池的效率变大
1
0．如图所示，匀强电场的方向与水平面成q = 53° 角，处于水平面上的质量为 m、电荷量为 q(q > 0)的
mg
q
绝缘小球获得沿电场方向的初速度 v0 后开始运动。已知电场强度大小 E =
，重力加速度为 g，
sin53° = 0.8 ，cos53° = 0.6 ，下列说法正确的是（
）
5
v0
A．小球从离开水平面到最高点的过程中，经历的时间为
g
1
2mv0
2
B．小球从离开水平面到最高点的过程中，减少的电势能为
5
4
mv0
2
C．小球从离开水平面到最高点的过程中，合力做的功为
D．小球从离开水平面到最高点和从最高点再落回水平面对应的水平位移之比为3: 7
三、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。
1
1．（7 分）
某同学设计了如下实验方案用来验证牛顿第二定律。
A．实验装置如图甲所示，轻质细绳一端系在拉力传感器上，另一端绕过光滑的轻质滑轮与一质量为 m 的
钩码相连，调整滑轮的高度使滑块与定滑轮间的轻绳与长木板平行；
B．取下细绳和钩码，用垫块将长木板右端垫高，调整长木板的倾角，接通电源，轻推滑块后，滑块拖着
纸带能沿长木板向下做匀速直线运动；
C．保持长木板的倾角不变，重新挂上细绳和钩码，接通打点计时器的电源，然后让滑块从靠近打点计时
器的位置沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示。请回答下列问题：
（
（
1）此实验______（填“需要”或“不需要”）满足钩码的质量远小于滑块的质量。
2）该同学在验证加速度与力的关系时，在改变滑块所受合力的操作中，正确的做法是改变钩码的质
量，同时长木板的倾角______（填“不变”或“改变”）。
（
3）图乙中相邻两个计数点之间还有 4 个点未画出，打点计时器接频率为50Hz 的交流电源，根据图乙求
出滑块的加速度大小 a = ______
m/s2
（结果保留三位有效数字）。
（
4）图乙中纸带对应的钩码质量 m = 0.25kg ，若牛顿第二定律成立，可计算出滑块的质量为 M =
_
1
_____kg。（重力加速度
2．（10 分）
g = 9.80m/s2
，结果保留三位有效数字）
电热水器防触电装置原理是：当热水器内胆中的水加上电压时，隔电墙通过增加水流路径的长度和减少水
流直径，增加水流的电阻，从而降低电流至人体安全电流以下。为合理设计防触电装置，需先测量自来水
的电阻率，再进行合理设计。
（
1）如图（a）所示，在绝缘圆柱体容器左右两侧安装可移动的薄金属板电极，测出圆柱体的内直径
D =1.0´10-2 m
和两电极间的距离 ，将自来水灌满其中。
l
（
2）将单刀双掷开关接通线路 1，此时电压表 V 的示数为U ，再将单刀双掷开关接通线路 2，此时电压
1
1
表 V 的示数为U ，电阻箱示数为 R，其中定值电阻的阻值分别为 R 、 R ，电源电动势稳定且内阻忽略
2
2
1
2
不计。则水柱的电阻 R = ______（用U 、U 、 R 、 R 、R 表示）。
x
1
2
1
2
（
3）改变两电极间的距离l ，测量 26℃时的水柱在不同长度l 时的电阻 Rx 。将水温升到 65℃，重复测
量。绘出 26℃和 65℃时水的 Rx - l 图像，分别如图（b）中甲、乙所示。
（
4）若 Rx - l 图线的斜率为 k，则自来水的电阻率表达式 r = ______（用 k、D 表示）。实验结果表明，温
度______（填“高”或“低”）的水更容易导电。
（5）测出电阻率后，拟将一段塑料水管安装于热水器出水口作为防触电装置。为保证出水量不变，选用
内直径为8.0´10-3 m 的水管。若人体的安全电流为1.0´10-3 A
，热水器出水温度最高为 65℃，忽略其他
电阻的影响（相当于热水器 220V 的工作电压直接加在水管两端），则该水管的长度至少应设计为
_
1
_____m。（结果保留两位有效数字）
3．（9 分）
一种夜间新型小风扇自带照明装置，简化电路如图所示，电源的电动势为 12V，小灯泡标有“10V 5W”的
字样，电动机线圈的电阻为 0.6Ω，电流表为理想电表。闭合开关 S 后，小灯泡正常发光，电流表的示数为
2
A，求：
（
（
1）电源的内阻 r 和电源的输出功率 P；
2）电动机的输出功率和电动机的工作效率。
1
4．（12 分）
如图所示，足够长的光滑细杆固定在竖直面内，杆与水平方向的夹角a = 37°，一轻环套在杆上，轻环下
用长为 L 的轻绳系着质量为 2m 的小球，杆上固定有一钉子，轻环及小球在钉子的作用下保持静止。现有
质量为 m 的子弹以水平向右的速度 v0 在极短时间内射穿小球，射穿后子弹的速度变为原来的一半，射穿
1
瞬间小球的速度为 v 。小球获得速度后在光滑长杆所在的竖直面内运动，小球可视为质点，不计空气阻
0
4
力，重力加速度为 g，sin37° = 0.6 ，cos37° = 0.8 ，设子弹射穿小球的过程中小球的质量不变，求：
（
（
1）子弹对小球做的功以及子弹射穿小球的过程中所产生的热量；
2）轻环沿杆上滑的最大距离。
1
5．（16 分）
工业生产中0.3μm ~ 3μm 的油雾颗粒会进入人体的内循环，对健康构成危害，因此油污净化在工业生产中
必不可少。某种静电油雾净化器原理如图所示，由空气和带负电的油雾颗粒组成的混合气流以平行于金属
板方向的速度 v0 进入由一对平行金属板构成的油雾收集器中，在电场力的作用下，颗粒打到金属板上被收
集。已知金属板的长度为 L，间距为 d，不考虑油雾颗粒的重力和颗粒间的相互作用。
（
（
1）若不计空气阻力，质量为 m、电荷量为 -q 的颗粒恰好全部被收集，求两金属板间的电压U1 ；
2）若颗粒所受空气阻力的方向与其相对于气流的速度 v 方向相反，大小为 f = krv （其中 r 为颗粒的半
径，k 为常量），且颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度。
①
②
半径为 R、电荷量为 -q 的颗粒恰好全部被收集，求两金属板间的电压U2 ；
已知颗粒的电荷量与其半径的平方成正比，进入收集器的均匀混合气流包含了直径为3μm 和0.3μm 的
两种颗粒，若3μm 的颗粒恰好 100%被收集，求0.3μm 的颗粒被收集的百分比。
2
025 届高三年级 10 月份联考
物理参考答及解析
一、单项选择题
1
．D 【解析】产生感应电流要具备闭合的电路、一部分导体、切割磁感线运动三个条件，故导体在磁场
中运动不一定产生感应电流，A 项错误；能量量子化是指微观粒子的能量值只能是一个最小能量单位的整
数倍，故 B 项错误；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动，没有利用电磁波，故 C 项错误；声
波会引起麦克风内部的薄膜震动，薄膜和线圈是固定在一起的，所以薄膜震动的同时，线圈也会在磁场中
运动，这种运动会改变通过线圈的磁通量，从而产生电流，故麦克风是利用电磁感应现象制成的，在铁芯
的外部缠绕线圈，通电后，这些线圈会产生磁场，从而使铁芯磁化，这种通有电流的线圈像磁铁一样具有
磁性，被称为电磁铁，故电磁铁的原理是电流的磁效应，D 项正确。
2
．B 【解析】P 点沿绳子方向的分速度和小船沿绳子方向的分速度相等，但垂直于绳子方向的分速度小
于小船垂直于绳子方向的分速度，即合速度方向斜向上如 B 项所示，故 B 项正确。
3
．A 【解析】根据题意可知，无人机在水平方向上受到的空气阻力为 3G ，竖直方向上受到重力为
G，阻力和重力的合力为 2G ，无人机匀速飞行，受力平衡，所以六个旋翼提供的动力大小为 2G ，则平均
G
每个旋翼提供的飞行动力大小为 ，故 A 项正确。
3
4
．B 【解析】图甲为探究影响通电导线受力因素的实验图，此实验应用了控制变量法，A 项错误；套在
磁铁中央的线圈面积越小，抵消的磁感线条数越少，磁通量越大，B 项正确；线圈 a 通入电流变大的直流
电，穿过线圈 b 的磁通量在增大，线圈 b 中会产生感应电流，电流表会有示数，C 项错误；负电荷自左向
右运动，可等效为自右向左的电流，由安培定则可知，N 极向纸面外偏转，D 项错误。
5
．C 【解析】由题意可得，网球做平抛运动，竖直方向的位移为 h = 2.45m，水平方向的位移为
1
x = 23.77m ¸ 2 + 6.4m =18.285m，由 h = gt2 得t = 0.7s ，网球被水平击出时的速度大小
2
x
v = » 26m/s ，故 C 项正确。
t
6
．D 【解析】由于月球还未超出地球的引力范围，故探测器的发射速度应大于第一宇宙速度且小于第二
宇宙速度，A 项错误；探测器在“地月转移轨道”上 Q 点和“工作轨道”上 Q 点受力相同，故加速度相
a
3
2
同，B 项错误；根据开普勒第三定律
= k 可知，在“地月转移轨道”上的运行周期大于在“停泊轨
T
道”上的运行周期，C 项错误；在 P 点进入“地月转移轨道”，做离心运动，所以在 P 点必须加速；而在
Q 点进入“工作轨道”，做近心运动，所以在 Q 点必须减速，D 项正确。
Q
7
．C 【解析】根据题意结合球的体积公式可知，被割去的两个小球所带电荷量均为 ，利用割补法可
8
æ
ö
Q
Q
Q Q
Q ×
ç
Q ×
×
÷
Q
2
÷ 89kQ2
8 - 8 8 =
，故 C 项
8 -
ç
得两球剩余部分之间的静电力大小为 F
=
k
-
k
k
k
4
R
2
æ 3 ö2 ç æ 3 ö2
R
2
÷
576R2
R÷ ç ç R÷
2 ø è è 2 ø
÷
ç
è
ø
正确。
二、多项选择题
8
．ABD 【解析】由 v - t 图像可得，t = 3s时斜率由正值变为负值，所以t = 3s时汽车的加速度开始反
向，A 项正确；3∼4s 时间内由图像可知加速度大小
a = 6m / s2
，由牛顿第二定律可得
F + 0.1mg = ma
，
计算可得因刹车额外产生的制动力的大小为 10N，C 项错误； v - t 图像与时间轴围成的面积表示位移，
∼4s 时间内汽车的位移大小 x =12m ，克服阻力 f 做的功为0.1mgx = 24J ，4∼6s 时间内汽车的位移大
0
1
1
小 x = 4m ，克服阻力 f 做的功为0.1mgx = 8J ，4s 末汽车的位移大小为 12m，0∼6s 时间内汽车克服阻
2
2
力 f 做的功为 32J，B、D 项正确。
9
．AC 【解析】开关 S 闭合时，车灯变暗，故流过车灯的电流 I灯 变小，电路的路端电压为
U =U = I R ， I 变小，路端电压变小，A 项正确；电路的总电流即干路电流为
路
灯
灯
灯
灯
U内
E -U
Im干
=
=
路 ，U 变小，干路电流变大，B 项错误；电源的总功率为 P = EI ， I 变大，总
路
总
干
干
r
r
P = I
热
2
干
r
变大，电池效率
功率变大，C 项正确；干路电流变大，则电池内阻产生的热功率
P
I r
干
E
h
=1-
热
=1-
， Im 变大，h 变小，D 项错误。
P
总
1
0．CD 【解析】对小球进行受力分析如图所示：
由 qEcos53° = ma ， mg - qEsin53° = ma ，可得 a = 0.6g ， a = 0.2g ，由 v sin53° = a t ，可得小
x
y
x
y
0
y
4
v0
球从离开水平面到最高点的过程中经历的时间t =
，A 项错误；小球能达到的最大高度
g
(v0sin53°)2
8v0
2
-8mv0
2
h =
=
，
重力对小球做的功WG = -mgh =
，小球在最高点的速度
2
ay
5g
5
1
1
v = v cos53° + a t = 3v ，由动能定理可得W = mv2 - mv2 = 4mv02 ，又因为W =W +W ，解得电
0
x
0
合
0
合
G
2
2
2
8mv0
5
2
28mv0
2
场力对小球做的功W =
，即小球从离开水平面到最高点的过程中，减少的电势能为
，B 项
5
1
36v0
5g
2
错误，C 项正确；小球从离开水平面到最高点过程对应的水平位移大小为
x = v cos53°t + a t2
=
1
0
x
2
1
84v0
5g
2
，
小球从最高点再落回水平面过程对应的水平位移大小为
x = vt + a t2
=
，可知小球从离开水平
2
x
2
面到最高点和从最高点再落回水平面对应的水平位移之比为3: 7 ，D 项正确。
三、非选择题
1
1．（1）不需要（1 分）
（2）不变（2 分）
（3）1.65（2 分）
（4）1.97（2 分）
【
解析】（1）此实验有拉力传感器，可以读出细绳拉力的大小，不需要满足钩码的质量远小于滑块的质
量。
（
2）长木板有倾角的目的是平衡摩擦力，当改变钩码的质量时，滑块受到的摩擦力不变，所以长木板的
倾角不变。
（
3）相邻计数点间的时间间隔T = 0.1s ，根据逐差法，可得滑块的加速度大小为
9
.56 + 7.90 + 6.26 - 4.60 - 2.95-1.29
a =
´10-2 m/s2 »1.65m/s2
。
9
´0.12
（
，
4）对钩码分析，滑块的加速度为 a，所以钩码的加速度为 2a ，根据牛顿第二定律可得 mg -T = 2ma
对滑块，根据牛顿第二定律可得 2T = Ma ，解得 M »1.97kg 。
R æ
U R ö
πkD2
çU -U +
2
2
÷（3 分） （4）
1
2．（2）
1
（2 分） 高（2 分）
（5）12（3 分）
2
1
U1
è
R
ø
4
U1
R1
(
R + R )；单
【
解析】（2）单刀双掷开关接通线路 1 时，电压表示数为U1 ，电源电动势可表示为
E =
x
1
U2
R
(
R + R
2
)；由电源电动
刀双掷开关接通线路 2 时，电压表 V 的示数为U ，电源电动势可表示为
E =
2
2
R2 + R
Rx + R
1
R æ
1
U R ö
2
2
势不变且内阻忽略不计，可得U
=U1
，解得
Rx =
çU -U +
。
÷
2
2
1
R
R1
U1
è
R
ø
l
rl
πD2
4
r
πD2
4
πkD2
（
4）由电阻定律可得所以 Rx = r
=
， k =
，解得 r =
；65℃时的 Rx - l 的斜率较
S
4
小，对应的电阻率较小，所以温度高的水更容易导电。
（
5）人体的安全电流为1
.0´10-3 A
，热水器 220V 的工作电压，水的电阻为
Rx¢ = 2.2´105W
，
L
rL
Rx¢ = r
=
，解得 L »12m。
S¢ πD¢2
4
1
3．【解析】（1）小灯泡正常发光，可知路端电压为U外 =10V （1 分）
电源内阻分压U = E -U = 2V （1 分）
内
外
干路中的电流大小为 I = 2A
U内
I
则电源的内阻 r =
=1W （1 分）
电源的输出功率 P =U外I = 20W （1 分）
（
2）根据 P =U I ，可得小灯泡中的电流大小 I = 0.5A（1 分）
灯
灯
灯
灯
则流过电动机的电流大小 I = I - I =1.5A （1 分）
M
灯
P =U I - I
2
M
RM =13.65W
（1 分）
电动机的输出功率
出
外
M
P
电动机的工作效率h =
出
´100% = 91% （2 分）
U I
外
M
1
1
1
4．【解析】（1）子弹射穿小球的过程中，子弹对小球所做的功
W = ´2mv2
=
mv2
（2 分）
1
0
2
16
2
1
1
æ
è
1
ö
ø
1
子弹射穿小球的过程中所产生的热量
Q = mv2 - mç v ÷ - ´2mv2
（2 分）
0
0
1
2
2
2
2
5
解得Q = mv2
（1 分）
0
1
6
（
2）小球获得速度后，先绕轻环做圆周运动，设转过 37°时小球的速度大小为 v2 ，根据机械能守恒定律有
1
1
-2
mgL 1 cos
( - a )= ´
2mv2
2
- ´
2mv1
（2 分）
2
2
2
1
2
解得
v =
2
v
2
0
- gL
（1 分）
1
6
5
此后，由于轻环的质量为零，速度发生突变，和小球一起沿平行于杆向上的方向做匀减速直线运动，根据
牛顿第二定律有 2mgsina = 2ma （1 分）
解得 a = 0.6g （1 分）
由运动学公式可得0 - v2 = -2as
（1 分）
2
5
v
2
0
6g
1
解得轻环沿杆向上运动的最大距离为
s =
- L
（1 分）
9
3
1
5．【解析】（1）只要紧靠上金属板的颗粒能够落到收集下极板最右侧，颗粒就能够全部收集，水平方向
有 L = v0t （1 分）
1
竖直方向有
d = at2
（1 分）
2
根据牛顿第二定律可得 qE = ma （1 分）
U1
d
2md
2
2
v
2
0
又
（
即
E =
（1 分）
解得U1 =
（1 分）
qL
2）①颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度，竖直方向有 F电 = f
qU2
d
d
v
L
kRv0d
qL
2
= kRv
（2 分）
且
=
（2 分）
解得U2 =
（1 分）
v0
②
3μm 的颗粒恰好 100%被收集，颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度，所受阻力等于电场力，
qU2
d
有 f = kRvmax
解得
f =
（1 分）
在竖直方向颗粒匀速下落 d = vmaxt （1 分）
q
0
.3μm 的颗粒的电荷量为 q¢ =
（1 分）
1
00
1
颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度，所受阻力等于电场力，有 f ¢ = kRv¢
max
1
0
q¢U2
d
解得
f ¢ =
（1 分）
设距下金属板为 d¢ 的颗粒恰好被收集，在竖直方向颗粒匀速下落，有 d¢ = vm¢ axt
d
解得 d¢ =
（1 分）
1
0
d¢
0
.3μm 的颗粒被收集的百分比为 ´100% =10% （1 分）
d
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