资源描述
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
{
#{QQABIQYUggiAABIAAQhCUQEyCACQkgGCAagOQAAAMAAAyQFABAA=}#}
2
024 年高三摸底考试物理参考答案
一、单项选择题 (共 28 分,每小题 4 分)
. C 2. A 3. C 4. D 5.B 6.B 7.A
二、多项选择题 (共 18 分,全选对得 6 分,选对但不全得 3 分,有错选得 0 分)
. AC 9. BD 10.ABC
三、非选择题
1.
1
8
(共 54 分)
1
(
(
(
1)ACD
2)2.60
3)乙
(3 分)(每选对 1 个给 1 分,错选不得分)
(3 分)
(2 分)
1
2.
(
(
(
1)丙
(2 分)
(2 分)
(1 分)
(1 分)
2)1.36
3)0.188
0
.185
(
4)在误差允许范围内,机械能守恒定律得到验证
(2 分)
1
3.
(
1)弹性球抛出后运动至 A 点,竖直方向位移
2
0
y =
R -5Rcos37o
…
3
弹性球在竖直方向做自由落体运动,由
…(1 分)
1
y = gt
2
…
…(1 分)
2
R
可得运动时间
t = 4
……(2 分)
3
g
(2) 弹性球运动至 A 点时速度方向如图所示,将速度分解成水平方向 v0 ,竖直方向 vy
v0
vy
由题意可得
其中
tan 37o
=
……(2 分)
vy = gt
……(1 分)
计算可得弹性球抛出时的速度大小 v0 = 3gR
……(1 分)
1
4.
(
1)当 A 球在 Q 点时,对 A 球进行受力分析,由牛顿第二定律
v
2
Q
mg +11mg
=
m
……(2 分)
R
计算可得
vQ = 2 3gR
……(2 分)
(
2)选择水平向右为正方向,设 A、B 两球碰撞后速度大小为 v¢
A、B 两球碰撞动量守恒 mv = -mv¢+ mBv¢ ……(1 分)
1
2
1
1
2
能量守恒
mv2 = mv¢2 + m v¢2
……(1 分)
B
2
由以上两式计算可得
mB = 3m
……(2 分)
v
v¢ =
2
(
3)A 球由 P 点至 Q 点过程,机械能守恒
1
2
1
2
mv2
=
mvQ2 mg 2R ……(1 分)
+
×
可得
v = 4 gR
设 B 球运动至 M 处恰好与轨道分离,如图所示 OM 与竖直方向夹角为q
对 B 球在 M 点处受力分析,由牛顿第二定律可得
v
2
M
R
3
mg cosq = 3m
……(2 分)
对 B 球由 P 点至 M 点的过程,由机械能守恒定律
1
1
(
3m)v¢
2
=
(3m)vM 3mgR(1 cos ) ……(1 分)
2
+
+
q
2
2
v
其中
由以上各式可得
v¢ = = 2 gR
2
2
3
cosq =
由几何关系,B 球沿轨道运动的最大高度
h = R(1+ cosq)
……(1 分)
5
h = R
……(1 分)
3
1
5.
(
1)物体 B 刚开始运动时,对 B 进行受力分析,弹簧弹力等于最大静摩擦力
kx = mmB g ……(2 分)
可得弹簧的形变量
x = 0.5m ……(1 分)
(
2)
方法一:
由图丙可知,在 0-1s 内物体 A 做匀加速直线运动,
1
x = at
2
……(1 分)
2
可得
a =1m/s2
设图乙中图线的斜率为 k¢ ,对 A 进行受力分析,由牛顿第
二定律可得
k¢x + 2 - kx = mAa
……(1 分)
……(1 分)
……(1 分)
物体 A 做匀变速直线运动,所以
k¢ = k = 20N / m
mA = 2kg
x=0.5m 时
F=12N
方法二:
由图乙可知,x=0 时, F0 = 2N
由牛顿第二定律
F = m a
0
A
可得
mA = 2kg
x=0.5 m 时
F - kx = mAa
……(1 分)
解得
F=12N
…… (1 分)
由功能关系,A、B 及簧系统的机械能 E 等于 F 做的功
E =WF
……(2 分)
1
由图像可得
则系统机械能
3)t=1s 时,
W = (F + F )x
……(2 分)
……(1 分)
……(1 分)
F
1
2
2
E = 3.5J
(
vA = at =1m/s
vB = 0
1
s 后撤去 F,A、B 及弹簧系统动量守恒
m v = m v¢ + m v¢
……(1 分)
A
A
A
A
B
B
机械能守恒
1
1
2
=
mAv¢
2
+
mBv¢
2
……(1 分)
E
A
B
2
计算得出物体 A、B 的速度可能的两组解
ì
¢
11
vA1¢
ï v
=
m/s
m/s
ì
ï
= -1.5m/s
A2
6
1
í
í
v
¢
或
¢ = -
……(2 分)
ï
=
î
vB1
0.5m/s
ï
î
B2
6
由丙图可知,弹簧第一次恢复原长时,物体 A、B 的速率分别为 1.5 m/s,0.5 m/s,舍去第
二组解
展开阅读全文