2023年计算机网络考研真题及答案解析.doc

2023年计算机考研真题以及答案（网络部分）一、单项选择题：1-40题，每题20分共80分。在每个小题给出的四个选项中选对的答案。33. 下列选项中，不属于网络体系结构中所描述的内容是()A.网络的层次B.每一层使用的协议C.协议的内部实现细节D.每一层必须完毕的功能34.在下图所表达的采用”存储-转发”方式分组的互换网络中所有的链路的数据传输速度为100Mbps，分组大小为1000B，其中分组头大小为20B若主机H1向主机H2发送一个大小为980000的文献，则在不考虑分组拆装时间和传播延迟的情况下，从H1发送到H2接受完为止，需要的时间至少是()A.80msB. 80.08msC. 80.16msD. 80.24ms35.某自治系统采用RIP协议，若该自治系统内的路由器R1收到其邻居路由器R2的距离矢量中包含的信息，则也许得出的结论是()A. R2可以通过R1到达net1，跳数为17B. R2可以到达net1，跳数为16C. R1可以通过R2到达net1，跳数为17D.R1不能通过R2到达net136.若路由器R由于拥塞丢弃IP分组，则此时R可向发出该IP分组的源主机的ICMP报文献的类型是()A. 路由重定向B. 目的不可达C. 源克制D. 超时37、某网络的IP地址空间为192.168.5.0/24采用长子网划分，子网掩码为255.255.255.248，则该网络的最大子网个数、每个子网内的最大可分派地址个数为()A、32，8B、32，6C、8，32D、8，3038、下列网络设备中，可以克制网络风暴的是（）I中断器II集线器III网桥IV路由器A、仅I和IIB、仅IIIC、仅III和IVD、仅IV39、主机甲和主机乙之间建立一个TCP连接，TCP最大段长度为1000字节，若主机甲的当前拥塞窗口为4000字节，在主机甲向主机乙连续发送2个最大段后，成功收到主机乙发送的第一段的确认段，确认段中通告的接受窗口大小为2023字节，则此时主机甲还可以向主机乙发送的最大字节数是（）A、1000B、2023C、3000D、400040、假如本地区名服务无缓存，当采用递归方法解析另一网络某主机域名时，用户主机本地区名服务器发送的域名请求条数分别为（）A、1条，1条B、1条，多条C、多条，1条D、多条，多条二、综合应用题：41-47小题，共70分47、（9分）某局域网采用CSMA/CD协议实现介质访问控制，数据传输率为100M/S，主机甲和主机已的距离为2KM，信号传播速速时202300M/S请回答下列问题，并给出计算过程。（1）、若主机甲和主机已发送数据时发生冲突，则从开始发送数据时刻起，到两台主机均检测到冲突时刻为止，最短通过多长时间？最长通过多长时间？(假设主机甲和主机已发送数据时，其它主机不发送数据)（2）、若网络不存在任何冲突与差错，主机甲总是以标准的最长以太数据帧(1518字节)向主机已发送数据，主机已每成功收到一个数据帧后，立即发送下一个数据帧，（勤思教育）此时主机甲的有效数据传输速率是多少？(不考虑以太网帧的前导码)第二部分：勤思教育计算机教研组整理2023年计算机考研答案真题第一题：选择题答案：31-35 C B C A AD?36-40 C B CD? A A第二题：综合题答案47、(1)当甲乙两台主机同时向对方发送数据时，两台主机均检测到冲突的时间最短： Tmin = 1KM/202300KM/S*2 = 10us当一台主机发送的数据就要到达另一台主机时，另一台主机才发送数据，（勤思考研）两台主机均检测到冲突的时间最长： Tmax = 2KM/202300KM/S*2 = 20us(2)主机甲发送一帧数据所需的时间为：T1 = 1518B/10Mbps = 1.2144ms 数据在传输过程中所需的时间：T2 = 2KM/202300KM/S = 0.01ms 因此，主机甲的有效数据传输速率为：V= 10Mbps*(T1/(T1+T2) = 10Mbps*(1.2144ms/(1.2144ms+0.01ms) )= 9.92Mbps2023 年全国硕士研究生入学统一考试（网络部分）计算机学科专业基础综合试卷一单项选择题，每小题2 分。(33)在OSI 参考模型中,自下而上第一个提供端到端服务的层次是（ ）(A)数据链路层(B)传输层(C)会话层(D)应用层(34)在无噪声情况下,若某通信链路的带宽为3kHz,采用4 个相位,每个相位具有4 种振幅的QAM 调制技术,则该通信链路的最大数据传输速率是（ ）(A)12kbps (B)24 kbps (C)48 kbps (D)96 kbps(35)数据链路层采用了后退N 帧(GBN)协议,发送方已经发送了编号为07 的帧.当计时器超时时,若发送方只收到0、2、3 号帧的确认,则发送方需要重发的帧数是（ ）(A)2 (B)3 (C)4 (D)5(36)以太网互换机进行转发决策时使用的PDU 地址是（ ）(A)目的物理地址(B)目的IP 地址(C)源物理地址(D)源IP 地址(37)在一个采用CSMA/CD 协议的网络中,传输介质是一根完整的电缆,传输速率为1Gbps,电缆中的信号传播速度是200 000km/s.若最小数据帧长度减少800 比特,则最远的两个站点之间的距离至少需要（ ）(A)增长160m (B)增长80m (C)减少160m (D)减少80m(38)主机甲和主机乙间已建立一个TCP 连接,主机甲向主机乙发送了两个连续的TCP 段,分别包含300 字节和500 字节的有效载荷,第一个段的序列号为200,主机乙对的接受到两个段后,发送给主机甲的确认序列号是（ ）(A)500 (B)700 (C)800 (D)1000(39)一个TCP 连接总是以1KB 的最大段发送TCP 段,发送方有足够多的数据要发送.当拥塞窗口为16KB 时发生了超时,假如接下来的4 个RTT(往返时间)时间内的TCP 段的传输都是成功的,那么当第4 个RTT 时间内发送的所有TCP 段都得到肯定应答时,拥塞窗口大小是（ ）(A)7KB (B)8KB (C)9KB (D)16KB(40)FTP 客户和服务器间传递FTP 命令时,使用的连接是（ ）(A)建立在TCP 之上的控制连接(B)建立在TCP 之上的数据连接(C)建立在UDP 之上的控制连接(D)建立在UDP 之上的数据连接二、综合应用题(41-47小题,共70分,请将答案写在答题纸指定位置上.)(47)(9 分)某公司网络拓扑图如下图所示,路由器R1 通过接口E1、E2 分别连接局域网1、局域网2,通过接口L0 连接路由器R2,并通过路由器R2 连接域名服务器与互联网.R1 的L0接口的IP 地址是202.118.2.1;R2 的L0 接口的IP 地址是202.118.2.2,L1 接口的IP 地址是130.11.120.1,E0 接口的IP 地址是202.118.3.1;域名服务器的IP 地址是202.118.3.2. 某公司网络拓扑图R1 和R2 的路由表结构为:目的网络IP 地址子网掩码下一跳IP 地址接口(1)将IP 地址空间202.118.1.0/24 划分为2 个子网,分别分派给局域网1、局域网2,每个局域网需分派的IP 地址数不少于120 个.请给出子网划分结果,说明理由或给出必要的计算过程.(2)请给出R1 的路由表,使其明确涉及到局域网1 的路由、局域网2 的路由、域名服务器的主机路由和互联网的路由.(3)请采用路由聚合技术,给出R2 到局域网1 和局域网2 的路由.2023 年计算机考研试题具体解析33.B分析：在OSI 参考模型中，在传输层提供了端标语，实现了为应用进程之间提供了端到端的逻辑通信，故选【B】。虽然选项中没有网络层，但是还是要提醒一下，网络层仅仅是为主机之间提供逻辑通信。34.B分析：假设原始信号中的最大频率为f，那么采样频率f 采样必须大于等于f 的两倍，才能保证采样后的数字信号完整保存原始信号的信息。题目中已经给出最大频率为3kHz（在模拟信号中，带宽可以当作是最大频率），所以需要6kHz 的采样频率；题目中说采用4 个相位，并且每个相位有4 种振幅，也就是说可以表达16 种状态，故一个码元可以携带4bit（24=16）的信息，所以该通信链路的最大数据传输速率Cmax =f 采样log216=24 kbps，故选【B】。35.C分析：想要准确的做出该题需要懂得两个知识点：（1）只要收到ACKn 就认为前面n-1帧一定所有收到；（2）后退N 帧重发思想：发送方超时后需重发该犯错帧及其后续所有的帧。从题中我们可以看出收到了3 号确认帧（尽管没有收到1 号确认帧），就可以认为0，1，2，3 号帧接受方都已经收到，而4 号帧的确认没有收到，发送方就应当发送4 号帧以及后续所有的帧，即重传4，5，6，7 号帧，即帧数为4，故选【C】。其实这道题目假如将选项D 改为7，这样就更具有迷惑性，相信会有不少考生认为应当从1 号帧开始重传，即需要重传1，2，3，4，5，6，7 共计7 帧，这样就会误选D，但是一看到选项没有7，估计才会想到只要收到ACKn 就认为前面n-1 帧一定所有收到。需要提醒的一点：前面我们讲过某个帧的确认没有收到是否一定要重发此帧？这个题目恰好是一个反例，在发送方超时之前收到了比1 号帧更高的确认，所以不需要重发1 号帧。补充一道大纲样题：在选择重传协议中，当帧的序号字段为3bit 时，且接受窗口与发送窗口尺寸相同，发送窗口的最大值为（ ）A.2 B.4 C.6 D.8【解析】本题考察了选择重传协议，假设帧的序号字段为nbit 时，选择重传协议的发送窗口最大尺寸为：2n-1；将n=3 代入，可以得到答案【B】。36.A分析：一方面互换机是工作在数据链路层的设备，所以进行转发决策时，是不也许使用IP地址的，故排序选项B 和D；另一方面，在进行转发的过程中，都是使用目的地址，不也许用源地址进行转发，故选【A】。另一种思绪：以太网互换机其实就是多端口网桥，网桥是根据目的物理地址转发帧的，所以以太网互换机也是根据目的物理地址转发帧的。37.D分析：一方面可以计算出减少800bit 后，节省了多少发送时间，即800bit/1000 000000bit/s=0.810-6s，也就是说最大往返时延可以允许减少0.810-6s，或者说最大端到端单程时延可以减少0.410-6s，要使得单程时延减少，且传播速度不变，只有将最远的两个站点之间的距离减少才干满足规定，并且需要减少：0.410-6s m/s=80m，故选【D】。补充一道大纲样题：根据CSMA/CD 协议的工作原理，下列情形中，需要提高最短帧长度的是（ ）A.网络传输速率不变，冲突域的最大距离变短B.冲突域的最大距离不变，网络传输速率提高C.上层协议使用TCP 的概率增长D.在冲突域不变的情况下减少线路中的中继器数量【解析】本题仍然是考察最短帧的相关知识；假如网络传输速率不变（网络传输速率是指发送速率，不是指在信道的传播速率），冲突域的最大距离变短，说明来回往返时延小了，也就是说发送比特的时间也缩短了，且发送速率不变，所以最短帧必然要变短，故排除A选项；假如冲突域的最大距离不变，网络传输速率提高，此时也就是说发送比特的时间不变，但是发送速率提高了，所以此时最短帧肯定变长了，故选【B】。选项C 和D 是迷惑选项，没有任何关系。38.D分析：ACKn 的意思是前n-1 号的帧都已经收到，请发送方继续发送第n 号帧。在这题中，主机甲发送的第一个段的序号为200 到499，第二段的序列号为500 到999，主机乙正确接受到两个段后，应当希望主机甲接下来发送1000 号帧，所以主机乙发送给主机甲的确认序列号是1000，故选【D】。39.C分析：当拥塞窗口为16KB 时发生了超时，后面传输的门限值将变成8KB，后面4 次成功传输将分别以1 个报文段、2 个报文段、4 个报文段、8 个报文段作为拥塞窗口的大小，其中第四次成功的传输已经达成了门限值8KB，第五次开始拥塞窗口就需要线性增长，等于8KB+1KB=9KB，故选【C】。40.A分析：一方面FTP 协议需要保证可靠，故需要用到可靠的TCP 协议，而不使用不可靠的UDP 协议，故排除选项C 和D；显然传输命令用控制连接，传输数据用数据连接，故选【A】47（1）将IP 地址空间202.118.1.0/24 划分为2 个子网，可以从主机位拿出1 位来划分子网，剩余的7 位用来表达主机号（27-2120，满足规定），所以两个子网的子网掩码都为：1111111111111111 11111111 10000000，即255.255.255.128；所划分的两个子网的网络地址分别为：202.118.1.00000000 和202.118.1.10000000（为了理解方便我将最后一个字节用二进制表达，这样可以看清楚子网的划分过程），即202.118.1. 0 和202.118.1.128。综上，划分结果为：子网1：202.118.1.0，子网掩码为：255.255.255.128；子网2：202.118.1.128，子网掩码为：255.255.255.128。或者写成：子网1：202.118.1.0/25；子网2：202.118.1.128/25。（2）下面分2 种情况：（a）假设子网1 分派给局域网1，子网2 分派给局域网2；路由器R1 到局域网1 和局域网2 是直接交付的，所以下一跳IP 地址可以不写（打一横即可），接口分别是从E1、E2转发出去； 路由器R1 到域名服务器是属于特定的路由， 所以子网掩码应当为255.255.255.255(只有和全1 的子网掩码相与之后才干100%保证和目的网络地址同样，从而选择该特定路由)，而路由器R1 到域名服务器应当通过接口L0 转发出去，下一跳IP 地址应该是路由器R2 的L0 接口，即IP 地址为202.118.2.2；路由器R1 到互联网属于默认路由（记住就好，课本127 页），而前面我们已经提醒过，默认路由的目的网络IP 地址和子网掩码都是0.0.0.0，而路由器R1 到互联网应当通过接口L0 转发出去，下一跳IP 地址应当是路由器R2 的L0 接口，即IP 地址为202.118.2.2，故具体答案见下表：目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口202.118.1.0 255.255.255.128 E1202.118.1.128 255.255.255.128 E2202.118.3.2 255.255.255.255 202.118.2.2 L00.0.0.0 0.0.0.0 202.118.2.2 L0（b）假设子网1 分派给局域网2，子网2 分派给局域网1；中间过程几乎同样，答案请看下表：目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口202.118.1.128 255.255.255.128 E1202.118.1.0 255.255.255.128 E2202.118.3.2 255.255.255.255 202.118.2.2 L00.0.0.0 0.0.0.0 202.118.2.2 L0（3）一方面将202.118.1.0/25 与202.118.1.128/25 聚合，聚合的地址为：202.118.1.0/24（只有前面24 位同样），显然子网掩码为：255.255.255.0，故路由器R2 通过接口L0，下一跳为路由器R1 的接口L0，IP 地址为：202.118.2.1，所以路由表项如下表所示：目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口202.118.1.0 255.255.255.0 202.118.2.1 L0