2023年计算机网络考研真题及答案解析.doc

2023年计算机考研真题以及答案（网络部分）
一、单项选择题：1-40题，每题20分共80分。在每个小题给出的四个选项中选对的答案。
33. 下列选项中，不属于网络体系结构中所描述的内容是()
A.网络的层次
B.每一层使用的协议
C.协议的内部实现细节
D.每一层必须完毕的功能
34.在下图所表达的采用”存储-转发”方式分组的互换网络中所有的链路的数据传输速度为100Mbps，分组大小为1000B，其中分组头大小为20B若主机H1向主机H2发送一个大小为980000的文献，则在不考虑分组拆装时间和传播延迟的情况下，从H1发送到H2接受完为止，需要的时间至少是()
A.80ms
B. 80.08ms
C. 80.16ms
D. 80.24ms
35.某自治系统采用RIP协议，若该自治系统内的路由器R1收到其邻居路由器R2的距离矢量中包含的信息<net1，16>，则也许得出的结论是()
A. R2可以通过R1到达net1，跳数为17
B. R2可以到达net1，跳数为16
C. R1可以通过R2到达net1，跳数为17
D.R1不能通过R2到达net1
36.若路由器R由于拥塞丢弃IP分组，则此时R可向发出该IP分组的源主机的ICMP报文献的类型是()
A. 路由重定向
B. 目的不可达
C. 源克制
D. 超时
37、某网络的IP地址空间为192.168.5.0/24采用长子网划分，子网掩码为255.255.255.248，则该网络的最大子网个数、每个子网内的最大可分派地址个数为()
A、32，8
B、32，6
C、8，32
D、8，30
38、下列网络设备中，可以克制网络风暴的是（）
I中断器
II集线器
III网桥
IV路由器
A、仅I和II
B、仅III
C、仅III和IV
D、仅IV
39、主机甲和主机乙之间建立一个TCP连接，TCP最大段长度为1000字节，若主机甲的当前拥塞窗口为4000字节，在主机甲向主机乙连续发送2个最大段后，成功收到主机乙发送的第一段的确认段，确认段中通告的接受窗口大小为2023字节，则此时主机甲还可以向主机乙发送的最大字节数是（）
A、1000
B、2023
C、3000
D、4000
40、假如本地区名服务无缓存，当采用递归方法解析另一网络某主机域名时，用户主机本地区名服务器发送的域名请求条数分别为（）
A、1条，1条
B、1条，多条
C、多条，1条
D、多条，多条
二、综合应用题：41-47小题，共70分
47、（9分）某局域网采用CSMA/CD协议实现介质访问控制，数据传输率为100M/S，主机甲和主机已的距离为2KM，信号传播速速时202300M/S请回答下列问题，并给出计算过程。
（1）、若主机甲和主机已发送数据时发生冲突，则从开始发送数据时刻起，到两台主机均检测到冲突时刻为止，最短通过多长时间？最长通过多长时间？(假设主机甲和主机已发送数据时，其它主机不发送数据)
（2）、若网络不存在任何冲突与差错，主机甲总是以标准的最长以太数据帧(1518字节)向主机已发送数据，主机已每成功收到一个数据帧后，立即发送下一个数据帧，（勤思教育）此时主机甲的有效数据传输速率是多少？(不考虑以太网帧的前导码)
第二部分：勤思教育计算机教研组整理2023年计算机考研答案真题
第一题：选择题答案：
31-35  C B C A AD?

36-40  C B CD?
A A
第二题：综合题答案
47、(1)当甲乙两台主机同时向对方发送数据时，两台主机均检测到冲突的时间最短：
Tmin = 1KM/202300KM/S*2 = 10us
当一台主机发送的数据就要到达另一台主机时，另一台主机才发送数据，（勤思考研）两台主机均检测到冲突的时间最长：
Tmax = 2KM/202300KM/S*2 = 20us
(2)主机甲发送一帧数据所需的时间为：
T1 = 1518B/10Mbps = 1.2144ms
数据在传输过程中所需的时间：
T2 = 2KM/202300KM/S = 0.01ms
因此，主机甲的有效数据传输速率为：
V= 10Mbps*(T1/(T1+T2)) = 10Mbps*(1.2144ms/(1.2144ms+0.01ms) )= 9.92Mbps

2023 年全国硕士研究生入学统一考试（网络部分）
计算机学科专业基础综合试卷
一．单项选择题，每小题2 分。
(33)在OSI 参考模型中,自下而上第一个提供端到端服务的层次是（ ）
(A)数据链路层(B)传输层(C)会话层(D)应用层
(34)在无噪声情况下,若某通信链路的带宽为3kHz,采用4 个相位,每个相位具有4 种振
幅的QAM 调制技术,则该通信链路的最大数据传输速率是（ ）
(A)12kbps (B)24 kbps (C)48 kbps (D)96 kbps
(35)数据链路层采用了后退N 帧(GBN)协议,发送方已经发送了编号为0~7 的帧.当计时
器超时时,若发送方只收到0、2、3 号帧的确认,则发送方需要重发的帧数是（ ）
(A)2 (B)3 (C)4 (D)5
(36)以太网互换机进行转发决策时使用的PDU 地址是（ ）
(A)目的物理地址(B)目的IP 地址(C)源物理地址(D)源IP 地址
(37)在一个采用CSMA/CD 协议的网络中,传输介质是一根完整的电缆,传输速率为
1Gbps,电缆中的信号传播速度是200 000km/s.若最小数据帧长度减少800 比特,则最远的两个
站点之间的距离至少需要（ ）
(A)增长160m (B)增长80m (C)减少160m (D)减少80m
(38)主机甲和主机乙间已建立一个TCP 连接,主机甲向主机乙发送了两个连续的TCP 段,
分别包含300 字节和500 字节的有效载荷,第一个段的序列号为200,主机乙对的接受到两个
段后,发送给主机甲的确认序列号是（ ）
(A)500 (B)700 (C)800 (D)1000
(39)一个TCP 连接总是以1KB 的最大段发送TCP 段,发送方有足够多的数据要发送.当
拥塞窗口为16KB 时发生了超时,假如接下来的4 个RTT(往返时间)时间内的TCP 段的传输
都是成功的,那么当第4 个RTT 时间内发送的所有TCP 段都得到肯定应答时,拥塞窗口大小
是（ ）
(A)7KB (B)8KB (C)9KB (D)16KB
(40)FTP 客户和服务器间传递FTP 命令时,使用的连接是（ ）
(A)建立在TCP 之上的控制连接(B)建立在TCP 之上的数据连接
(C)建立在UDP 之上的控制连接(D)建立在UDP 之上的数据连接
二、综合应用题(41-47小题,共70分,请将答案写在答题纸指定位置上.)

(47)(9 分)某公司网络拓扑图如下图所示,路由器R1 通过接口E1、E2 分别连接局域网1、
局域网2,通过接口L0 连接路由器R2,并通过路由器R2 连接域名服务器与互联网.R1 的L0
接口的IP 地址是202.118.2.1;R2 的L0 接口的IP 地址是202.118.2.2,L1 接口的IP 地址是
130.11.120.1,E0 接口的IP 地址是202.118.3.1;域名服务器的IP 地址是202.118.3.2.

某公司网络拓扑图
R1 和R2 的路由表结构为:
目的网络IP 地址子网掩码下一跳IP 地址接口
(1)将IP 地址空间202.118.1.0/24 划分为2 个子网,分别分派给局域网1、局域网2,每个
局域网需分派的IP 地址数不少于120 个.请给出子网划分结果,说明理由或给出必要的计算过
程.
(2)请给出R1 的路由表,使其明确涉及到局域网1 的路由、局域网2 的路由、域名服务
器的主机路由和互联网的路由.
(3)请采用路由聚合技术,给出R2 到局域网1 和局域网2 的路由.

2023 年计算机考研试题具体解析

33.B
分析：在OSI 参考模型中，在传输层提供了端标语，实现了为应用进程之间提供了端到
端的逻辑通信，故选【B】。虽然选项中没有网络层，但是还是要提醒一下，网络层仅仅是为主机之间提供逻辑通信。
34.B
分析：假设原始信号中的最大频率为f，那么采样频率f 采样必须大于等于f 的两倍，才
能保证采样后的数字信号完整保存原始信号的信息。题目中已经给出最大频率为3kHz（在
模拟信号中，带宽可以当作是最大频率），所以需要6kHz 的采样频率；题目中说采用4 个相
位，并且每个相位有4 种振幅，也就是说可以表达16 种状态，故一个码元可以携带4bit
（24=16）的信息，所以该通信链路的最大数据传输速率Cmax =f 采样×log216=24 kbps，故选【B】。
35.C
分析：想要准确的做出该题需要懂得两个知识点：（1）只要收到ACKn 就认为前面n-1帧一定所有收到；（2）后退N 帧重发思想：发送方超时后需重发该犯错帧及其后续所有的
帧。从题中我们可以看出收到了3 号确认帧（尽管没有收到1 号确认帧），就可以认为0，1，
2，3 号帧接受方都已经收到，而4 号帧的确认没有收到，发送方就应当发送4 号帧以及后
续所有的帧，即重传4，5，6，7 号帧，即帧数为4，故选【C】。
其实这道题目假如将选项D 改为7，这样就更具有迷惑性，相信会有不少考生认为应当
从1 号帧开始重传，即需要重传1，2，3，4，5，6，7 共计7 帧，这样就会误选D，但是一
看到选项没有7，估计才会想到只要收到ACKn 就认为前面n-1 帧一定所有收到。
需要提醒的一点：前面我们讲过某个帧的确认没有收到是否一定要重发此帧？这个题目恰好
是一个反例，在发送方超时之前收到了比1 号帧更高的确认，所以不需要重发1 号帧。
补充一道大纲样题：在选择重传协议中，当帧的序号字段为3bit 时，且接受窗口与发送窗
口尺寸相同，发送窗口的最大值为（ ）
A.2 B.4 C.6 D.8
【解析】本题考察了选择重传协议，假设帧的序号字段为nbit 时，选择重传协议的发
送窗口最大尺寸为：2n-1；将n=3 代入，可以得到答案【B】。
36.A
分析：一方面互换机是工作在数据链路层的设备，所以进行转发决策时，是不也许使用IP
地址的，故排序选项B 和D；另一方面，在进行转发的过程中，都是使用目的地址，不也许用源
地址进行转发，故选【A】。
另一种思绪：以太网互换机其实就是多端口网桥，网桥是根据目的物理地址转发帧的，
所以以太网互换机也是根据目的物理地址转发帧的。
37.D
分析：一方面可以计算出减少800bit 后，节省了多少发送时间，即800bit/1000 000
000bit/s=0.8×10-6s，也就是说最大往返时延可以允许减少0.8×10-6s，或者说最大端到端单
程时延可以减少0.4×10-6s，要使得单程时延减少，且传播速度不变，只有将最远的两个站
点之间的距离减少才干满足规定，并且需要减少：0.4×10-6s× m/s=80m，故选【D】。
补充一道大纲样题：根据CSMA/CD 协议的工作原理，下列情形中，需要提高最短帧长度的
是（ ）
A.网络传输速率不变，冲突域的最大距离变短
B.冲突域的最大距离不变，网络传输速率提高
C.上层协议使用TCP 的概率增长
D.在冲突域不变的情况下减少线路中的中继器数量
【解析】本题仍然是考察最短帧的相关知识；假如网络传输速率不变（网络传输速率是
指发送速率，不是指在信道的传播速率），冲突域的最大距离变短，说明来回往返时延小了，
也就是说发送比特的时间也缩短了，且发送速率不变，所以最短帧必然要变短，故排除A
选项；假如冲突域的最大距离不变，网络传输速率提高，此时也就是说发送比特的时间不变，
但是发送速率提高了，所以此时最短帧肯定变长了，故选【B】。选项C 和D 是迷惑选项，
没有任何关系。
38.D
分析：ACKn 的意思是前n-1 号的帧都已经收到，请发送方继续发送第n 号帧。在这题
中，主机甲发送的第一个段的序号为200 到499，第二段的序列号为500 到999，主机乙正
确接受到两个段后，应当希望主机甲接下来发送1000 号帧，所以主机乙发送给主机甲的确
认序列号是1000，故选【D】。
39.C
分析：当拥塞窗口为16KB 时发生了超时，后面传输的门限值将变成8KB，后面4 次成
功传输将分别以1 个报文段、2 个报文段、4 个报文段、8 个报文段作为拥塞窗口的大小，
其中第四次成功的传输已经达成了门限值8KB，第五次开始拥塞窗口就需要线性增长，等于
8KB+1KB=9KB，故选【C】。
40.A
分析：一方面FTP 协议需要保证可靠，故需要用到可靠的TCP 协议，而不使用不可靠的
UDP 协议，故排除选项C 和D；显然传输命令用控制连接，传输数据用数据连接，故选【A】

47
（1）将IP 地址空间202.118.1.0/24 划分为2 个子网，可以从主机位拿出1 位来划分子网，
剩余的7 位用来表达主机号（27-2>120，满足规定），所以两个子网的子网掩码都为：11111111
11111111 11111111 10000000，即255.255.255.128；所划分的两个子网的网络地址分别为：
202.118.1.00000000 和202.118.1.10000000（为了理解方便我将最后一个字节用二进制表达，
这样可以看清楚子网的划分过程），即202.118.1. 0 和202.118.1.128。
综上，划分结果为：
子网1：202.118.1.0，子网掩码为：255.255.255.128；
子网2：202.118.1.128，子网掩码为：255.255.255.128。
或者写成：
子网1：202.118.1.0/25；
子网2：202.118.1.128/25。
（2）下面分2 种情况：
（a）假设子网1 分派给局域网1，子网2 分派给局域网2；路由器R1 到局域网1 和
局域网2 是直接交付的，所以下一跳IP 地址可以不写（打一横即可），接口分别是从E1、E2
转发出去； 路由器R1 到域名服务器是属于特定的路由， 所以子网掩码应当为
255.255.255.255(只有和全1 的子网掩码相与之后才干100%保证和目的网络地址同样，从而
选择该特定路由)，而路由器R1 到域名服务器应当通过接口L0 转发出去，下一跳IP 地址应
该是路由器R2 的L0 接口，即IP 地址为202.118.2.2；路由器R1 到互联网属于默认路由（记
住就好，课本127 页），而前面我们已经提醒过，默认路由的目的网络IP 地址和子网掩码都
是0.0.0.0，而路由器R1 到互联网应当通过接口L0 转发出去，下一跳IP 地址应当是路由器
R2 的L0 接口，即IP 地址为202.118.2.2，故具体答案见下表：
目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口
202.118.1.0 255.255.255.128 — E1
202.118.1.128 255.255.255.128 — E2
202.118.3.2 255.255.255.255 202.118.2.2 L0
0.0.0.0 0.0.0.0 202.118.2.2 L0
（b）假设子网1 分派给局域网2，子网2 分派给局域网1；中间过程几乎同样，答案
请看下表：
目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口
202.118.1.128 255.255.255.128 — E1
202.118.1.0 255.255.255.128 — E2
202.118.3.2 255.255.255.255 202.118.2.2 L0
0.0.0.0 0.0.0.0 202.118.2.2 L0
（3）一方面将202.118.1.0/25 与202.118.1.128/25 聚合，聚合的地址为：202.118.1.0/24
（只有前面24 位同样），显然子网掩码为：255.255.255.0，故路由器R2 通过接口L0，下一
跳为路由器R1 的接口L0，IP 地址为：202.118.2.1，所以路由表项如下表所示：
目的网络地址子网掩码下一跳IP 地址接口
202.118.1.0 255.255.255.0 202.118.2.1 L0