2023版高考数学一轮复习第九章立体几何9.7.1利用空间向量求线线角与线面角练习理北师大版.doc

9.7.1 利用空间向量求线线角与线面角核心考点精准研析 考点一异面直线所成的角 1.(2018全国卷)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=BC=1,AA1=,则异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为()A.B.C.D.2.在直三棱柱ABC-A1B1C1中,BCA=90,M,N分别是A1B1,A1C1的中点,BC=CA=CC1,则BM与AN所成角的余弦值为()A.B.C.D.3.在三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱A1A底面ABC,AC=1,AA1=2,BAC=90,若AB1与直线A1C的夹角的余弦值是,则棱AB的长度是_.4.如图所示,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E是棱CC1的中点,=,若异面直线D1E和A1F所成角的余弦值为,则的值为_.【解析】1.选C.以D为坐标原点,DA,DC,DD1所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,则D(0,0,0),A(1,0,0),D1(0,0,),B1(1,1,),所以=(-1,0,),=(1,1,),设异面直线AD1与DB1所成角为,则cos =|cos􀎮,􀎯|=.2.选C.建立如图所示空间直角坐标系.设BC=CA=CC1=2,则可得A(2,0,0),B(0,2,0),M(1,1,2),N(1,0,2),所以=(1,-1,2),=(-1,0,2).所以cos=.3.如图建立空间直角坐标系.设AB=a,则A(0,0,0),B1(a,0,2),A1(0,0,2),C(0,1,0),所以=(a,0,2),=(0,1,-2),所以=,解得a=1,所以棱AB的长度是1.答案:14.以D为原点,以DA,DC,DD1分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系,正方体的棱长为2,则A1,D1,E,A ,所以=,=+=+=+=,所以cos=,解得=(=-舍去).答案:求异面直线所成的角的两个关注点(1)用向量方法求两条异面直线所成的角,是通过两条直线的方向向量的夹角来求解的.(2)由于两异面直线所成角的范围是0,两方向向量的夹角的范围是(0,),所以要注意二者的区别与联系,应有cos =|cos |.【解析】选C.由于BCA=90,三棱柱为直三棱柱,且BC=CA=CC1,可将三棱柱补成正方体.建立如图所示空间直角坐标系.设正方体棱长为2,则可得A(0,0,0),B(2,2,0),M(1,1,2),N(0,1,2),所以=(-1,-1,2),=(0,1,2).所以cos=.考点二直线与平面所成的角【典例】(2018全国卷)如图,四边形ABCD为正方形,E,F分别为AD,BC的中点,以DF为折痕把DFC折起,使点C到达点P的位置,且PFBF.(1)证明:平面PEF平面ABFD.(2)求DP与平面ABFD所成角的正弦值.【解题导思】序号联想解题(1)要证面面垂直,先想到判定定理(2)要求线面角,考虑用向量法,想到如何建立空间坐标系.【解析】(1)由已知可得,BFPF,BFEF,PFEF=F,所以BF平面PEF.又BF平面ABFD,所以平面PEF平面ABFD.(2)方法一:作PHEF,垂足为H.由(1)得,PH平面ABFD.以H为坐标原点,的方向为y轴正方向,设正方形ABCD的边长为2,建立如图所示的空间直角坐标系H-xyz.由(1)可得,DEPE.又DP=2,DE=1,所以PE=.又PF=1,EF=2,故PEPF.可得PH=,EH=.则H(0,0,0),P,D,=,=为平面ABFD的一个法向量.设DP与平面ABFD所成角为,则sin =.所以DP与平面ABFD所成角的正弦值为.方法二:因为PFBF,BFED,所以PFED,又PFPD,EDDP=D,所以PF平面PED,所以PFPE,设AB=4,则EF=4,PF=2,所以PE=2,过P作PHEF交EF于H点,由平面PEF平面ABFD,所以PH平面ABFD,连接DH,则PDH即为直线DP与平面ABFD所成的角,由PEPF=EFPH,所以PH=,因为PD=4,所以sinPDH=,所以DP与平面ABFD所成角的正弦值为.利用向量法求线面角的方法(1)分别求出斜线和它在平面内的射影直线的方向向量,转化为求两个方向向量的夹角(或其补角);(2)通过平面的法向量来求,即求出斜线的方向向量与平面的法向量所夹的锐角,取其余角就是斜线和平面所成的角.如图,四棱柱ABCD-A1B1C1D1的底面为菱形,BAD=120,AB=2,E,F分别为CD,AA1的中点.(1)求证:DF平面B1AE.(2)若AA1底面ABCD,且直线AD1与平面B1AE所成线面角的正弦值为,求AA1的长.【解析】(1)设G为AB1的中点,连接EG,GF,因为FG􀱀A1B1,又DE􀱀A1B1,所以FG􀱀DE,所以四边形DEGF是平行四边形,所以DFEG,又DF平面B1AE,EG平面B1AE,所以DF平面B1AE. (2)因为ABCD是菱形,且ABC=60,所以ABC是等边三角形.取BC中点M,则AMAD,因为AA1平面ABCD,所以AA1AM,AA1AD,建立如图所示的空间直角坐标系A-xyz,令AA1=t(t0),则A(0,0,0),E,0,B1(,-1,t),D1(0,2,t),=,0, =(,-1,t),=(0,2,t),设平面B1AE的一个法向量为n=(x,y,z),则n=(x+y)=0且n=x-y+tz=0,取n=(-t,t,4),设直线AD1与平面B1AE所成角为,则sin =,解得t=2,故线段AA1的长为2.