2020年高考化学单元评估检测(九)(人教版-山东专供).docx

温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。单元评估检测（九）第十十三章 (40分钟100分)一、单项选择题(本大题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求)1.下列各组物质中的最简式相同,但既不是同系物,也不是同分异构体的是()A.乙烯和苯B.1-丁烯和环己烷C.1-丁炔和1,3-丁二烯D.对二甲苯和甲苯2.(2021揭阳模拟)某气态有机物X含碳、氢、氧三种元素。现已知下列条件:X中含碳的质量分数;X中含氢的质量分数;X在标准状况下的体积;X对氢气的相对密度;X的质量。现欲确定X的分子式,至少需要知道()A.B.C. D.3.以下物质(1)甲烷(2)苯(3)聚乙烯(4)聚乙炔(5)2-丁炔(6)环己烷(7)邻二甲苯(8)苯乙烯中既能使酸性KMnO4溶液褪色,又能使溴水因发生化学反应而褪色的是()A.(3)(4)(5)(8)B.(4)(5)(7)(8)C.(4)(5)(8) D.(3)(4)(5)(7)(8)4.(2021珠海模拟)如图是酷似奥林匹克旗中五环的一种有机物,被称之为奥林匹克烃。下列说法正确的是()A.该有机物属于芳香族化合物,是苯的同系物B.该有机物中只含非极性键C.该有机物的一氯代物只有一种D.该有机物完全燃烧生成H2O的物质的量小于CO2的物质的量5.(2021福州模拟)草药秦皮中含有的七叶树内酯(如图,每个折点表示一个碳原子,环上氢原子未画出),具有抗菌作用。若1 mol七叶树内酯分别跟足量浓溴水、NaOH溶液、H2完全反应,则消耗的溴、NaOH和H2的物质的量分别为()A.3 mol、2 mol、5 mol B.3 mol、4 mol、5 molC.3 mol、3 mol、4 mol D.3 mol、4 mol、4 mol6.有4种有机物:CH3CHCHCN,其中可用于合成结构简式为的高分子材料的正确组合为()A.B.C. D.二、双项选择题(本大题共2小题,每小题6分,共12分。在每小题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求)7.如图表示4-溴环己烯所发生的4个不同反应。其中,产物只含有一种官能团的反应是()A.B.C.D.8.下列说法不正确的是()A.麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反应B.用溴水即可鉴别苯酚溶液、2,4-己二烯和甲苯C.在酸性条件下,CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD.用甘氨酸()和丙氨酸()缩合最多可形成两种二肽三、非选择题(本大题共4小题,共64分)9.(16分)(2021汕头模拟)某有机物A在酸性溶液中可发生如下反应:请回答下列问题:(1)下列关于有机物A说法错误的是。可发生银镜反应向A溶液中滴加浓溴水,有2 mol Br2发生取代反应能发生消去反应1 mol A与烧碱溶液反应最多可中和4 mol NaOH(2)有机物B的分子式为;B在铂的催化下,与足量氢气发生加成反应生成X,则X的结构简式为 。(3)有机物R的结构简式为;若R中的一个OH发生消去反应,可生成的同分异构体有种;R与足量的醋酸反应的化学方程式为 。10.(16分)AJ有如下转化关系(其中部分产物已略去)。已知E分子中含有一个连有4个不同原子或原子团的碳原子;C分子核磁共振氢谱中共有4个吸取峰,其峰面积比为4321;1 mol F与足量的新制Cu(OH)2在加热条件下充分反应可生成2 mol红色沉淀。分析并回答问题:(1)A中含氧官能团的名称为 ;(2)C的结构简式为 ;(3)I的名称为 ;(4)HI的反应类型为 ;(5)写出CF反应的化学方程式 ;写出EH反应的化学方程式 ;写出EJ反应的化学方程式 。11.(16分)(2021惠州模拟)F是新型降压药替米沙坦的中间体,可由下列路线合成:(1)写出下列转化的反应类型:AB,DE,EF。(2)写出满足下列条件的B的全部同分异构体(写结构简式)。含有苯环含有酯基能与新制Cu(OH)2悬浊液反应(3)C中含有的官能团名称是。已知固体C在加热条件下可溶于甲醇,下列CD的有关说法正确的是。a.使用过量的甲醇,是为了提高D的产率b.浓硫酸的吸水性可能会导致溶液变黑c.甲醇既是反应物,又是溶剂d.D的分子式为C9H9NO4(4)E的同分异构体苯丙氨酸经缩合反应形成的高聚物是(写结构简式)。(5)已知在确定条件下可水解为和R2NH2,则F在强酸和长时间加热条件下发生水解反应的化学方程式是 。12.(16分)(2021宁波模拟)以煤为原料可合成重要化工中间体G,其中B与乙酸互为同分异构体,也能与钠反应放出氢气(注:下列图示流程中某些反应条件不愿定给出)。已知:CH3CHO+CH3CHOCH3CHCHCHO+2NH3+NH4X(X为Cl或Br)试填空。(1)C的结构简式是 。(2)F+DG的化学方程式为 。(3)能与Na2CO3溶液反应的E的芳香族化合物的同分异构体有种。(4)写出H的合成路线并注明反应条件。答案解析1.【解析】选B。A项,乙烯和苯最简式不同,A项错误;B项,1-丁烯的分子式为C4H8,结构简式为CH2CHCH2CH3,环己烷的分子式为C6H12,结构简式为,二者最简式相同,但既不是同系物,也不是同分异构体,B项正确;C项,1-丁炔的结构简式为CHCCH2CH3,1,3-丁二烯的结构简式为CH2CHCHCH2,二者分子式相同,结构不同,互为同分异构体,C项错误;D项,对二甲苯的结构简式为,甲苯的结构简式为,二者最简式不同,D项错误。2.【解析】选B。因X含碳、氢、氧三种元素,由可确定有机物的最简式,若知道X的相对分子质量就可以确定X的分子式。依据和,由求出X的物质的量,结合应用M=m/n,可求得X的相对分子质量,由也可以求得X的相对分子质量,所以正确的组合为:或。3.【解析】选C。所给物质(4)(5)(8)中含有碳碳双键或碳碳三键,可以发生氧化反应与加成反应。4.【解析】选D。该有机物含有多个苯环,不是苯的同系物,A项错误;B项,该有机物的CH键为极性键,B项错误;C项,该有机物的一氯代物有7种,C项错误;D项,该有机物分子式为C22H14,完全燃烧时生成H2O的物质的量小于CO2的物质的量,D项正确。5.【解析】选D。七叶树内酯中两个酚羟基的邻位和一个碳碳双键可以与溴反应,1 mol七叶树内酯消耗3 mol溴,七叶树内酯水解后有3个酚羟基和一个羧基,1 mol七叶树内酯最多可以反应4 mol NaOH,七叶树内酯中苯环和一个碳碳双键可以与氢气加成,1 mol七叶树内酯最多可以加成4 mol H2。【误区警示】酯水解产物与NaOH的反应:酯水解产物若为酸和醇,只有酸可以和NaOH反应;酯水解产物若为酸和酚,则酸和酚均可以与NaOH反应,若忽视这一点,则易毁灭错误。6.【解析】选D。主链上含一个碳碳双键,依据主链上碳原子的数目可以确定该有机物单体不应当是类似1,3-丁二烯结构,而应当含有碳碳三键,主链上6个碳原子,分成3组,两个碳原子一组,所以选D。【方法技巧】高聚物单体的推断(1)加聚反应生成的高聚物:凡链节的主链只有两个碳原子(无其他原子)的高聚物,其合成单体为一种,将两个半键闭合即可。凡链节主链有四个碳原子(无其他原子),且链节无双键的高聚物,其单体为两种,在正中心划线断开,然后两个半键闭合即可。凡链节主链中只有碳原子,并存在碳碳双键结构的高聚物,其规律是:“凡双键,四个碳;无双键,两个碳”划线断开,然后将两个半键闭合,即单双键互换。(2)缩聚反应生成的高聚物:凡链节为结构的高聚物,其合成单体必为一种。在亚氨基上加氢,在羰基碳上加羟基,即得高聚物单体。凡链节中间(不在端上)含有肽键的高聚物,从肽键中间断开,两侧为不对称性结构的,其单体为两种;在亚氨基上加氢,羰基碳原子上加羟基,即得高聚物单体。凡链节中间(不在端上)含有酯基结构的高聚物,其合成单体为两种,从中间断开,羰基碳原子上加羟基,氧原子上加氢原子,即得高聚物单体。高聚物其链节中的“CH2”来自于甲醛,合成该高聚物的单体为:和HCHO。7.【解析】选C、D。分析如下表所示:反应得到的产物官能团W:COOHBrX:或BrOHY:或Z:或Br由上表可知,只有反应得到的产物的官能团只有一种,故选C、D两项。8.【解析】选C、D。麦芽糖及其水解产物葡萄糖的结构中均含有醛基(CHO),因此均能发生银镜反应,A项正确。将苯酚溶液滴入溴水中,可产生白色沉淀;将2,4-己二烯与溴水混合并振荡,可使溴水褪色;将甲苯与溴水混合并振荡、静置,溶液发生分层现象,下层几乎无色,上层为橙红色,B项正确。在酸性条件下,CH3CO18OC2H5的水解反应为+H2O故水解产物为CH3COOH和C2OH,C项错误。甘氨酸与丙氨酸发生反应时,氨基与羧基可相互结合生成肽键和水。组合方式有:甘-甘、丙-丙、甘-丙、丙-甘四种,即形成四种二肽,D项正确。9.【解析】(1)有机物A中有CHO,可发生银镜反应,正确;向A溶液中滴加浓溴水,A中酚羟基邻位上的1个氢与对位上的1个氢均可发生取代,故有2 mol Br2发生取代反应,正确;A结构中与OH相连碳原子的相邻碳原子上有氢,故可发生消去反应,正确;该物质与烧碱溶液反应时,酚羟基可消耗1 mol烧碱,酯基消耗1 mol烧碱,总共消耗2 mol,不正确。(2)依据B的结构可知B的分子式为C11H12O4,B在铂的催化作用下,苯环与醛基均可与H2发生加成反应,则X的结构简式为。(3)有机物R应是A在酸性条件下发生水解的产物,则R的结构简式为,若R中的一个OH发生消去反应,则号OH有2种消去方式,号OH有一种消去方式,生成的同分异构体共3种,R与足量CH3COOH反应,由于有2个OH,故1 mol R可与2 mol CH3COOH发生酯化反应。答案:(1)(2)C11H12O4(3)(或)32CH3COOH+2H2O10.【解题指南】解答本题要留意依据题给条件及流程图进行推断,留意使用逆推法,依据F的性质推断F的结构,进一步逆推C的结构,依据E的结构特点推想E的结构,依据E、C结构和相关转化条件推断A的结构。【解析】“1 mol F与足量的新制Cu(OH)2在加热条件下充分反应可生成2 mol红色沉淀”说明F中含有两个醛基,结合C的分子式,可推知C中含有两个羟基,“C分子核磁共振氢谱中共有4个吸取峰,其峰面积比为4321”,所以C的结构为HOCH2CH(CH3)CH2OH,F是将C中的两个羟基氧化为醛基的产物,F为OHCCH(CH3)CHO。依据A、E的分子式和C的结构可推断A中含有一个酯基和氯原子,A水解得B,经酸化后得到的E中含有一个羧基和一个羟基,又“E分子中含有一个连有4个不同原子或原子团的碳原子”,所以E的结构为,E在浓硫酸,加热的状况下发生消去反应生成H,H的结构为,名称为丙烯酸,H加聚得到I,名称为聚丙烯酸。E经过催化可得高分子J。答案:(1)羟基、酯基(2)HOCH2CH(CH3)CH2OH(3)聚丙烯酸(4)加聚反应(5)HOCH2CH(CH3)CH2OH+O2OHCCH(CH3)CHO+2H2O+H2O+(n-1)H2O11.【解析】(1)AB反应是间二甲苯中的一个甲基被空气中的O2氧化成COOH的过程,故AB是氧化反应,DE是一个加氢去氧的过程,故是还原反应的过程;EF的过程是NH2上的氢原子被取代的过程,故该反应是一个取代反应。(2)B的结构简式为,由于B的同分异构体含有苯环,含有酯基且能发生银镜反应,则确定是甲酸某酯,则符合条件的同分异构体有、。(3)C的结构简式为,故C中含有的官能团为硝基和羧基。CD的过程,由于是一个酯化反应的过程,是一个可逆反应,故若使用过量甲醇,可提高D的产率;使溶液变黑是浓硫酸脱水性的体现;甲醇可溶解C,故甲醇既是反应物又是溶剂;由D的结构简式分析得D的分子式是C9H9NO4。(4)E的同分异构体苯丙氨酸的结构简式为,其能发生缩聚反应,得到的产物为。(5)F在强酸和长时间加热时分子内的“”和“”两种结构均会发生水解。答案:(1)氧化反应还原反应取代反应(2)、(3)硝基、羧基acd(4)(5)+2H2O+CH3OH+CH3CH2CH2COOH(或+2H2O+H+CH3CH2CH2COOH+CH3OH)12.【解题指南】解答本题要留意以下2点:(1)有机推断要查找具体突破口,抓住题眼进行推断。(2)要从有机物骨架、官能团变化两个角度对比原料和目标产物,来分析有机合成路线。【解析】(1)“B与乙酸互为同分异构体,也能与钠反应放出氢气”可知B的分子式为C2H4O2,B中含有羟基和羰基(流程图中B可与H2反应),从而确定C为乙二醇,进一步可确定D为乙醛;(2)由流程图推知F为苯甲醛,将F+DG的反应条件与已知信息相结合,推断G的结构简式为,可写出反应方程式;(3)E为苯甲醇,能与Na2CO3溶液反应的芳香族化合物,只能是含有一个酚羟基、一个苯环、一个甲基;(4)由流程图可知H为,与目标产物的结构对比,结合信息可设计合成路线,先使转化为,再与NH3反应生成目标产物。答案:(1)(2)CH3CHO+H2O(3)3(4)【方法技巧】同分异构体的书写方法及种类推断(1)书写同分异构体的方法是(思维有序):判类别:确定官能团异构(类别异构)。写碳链:主链先长后短,支链由整到散,位置由心到边,连接不能到端(末端距离要比支链长)。变位置:变换官能团的位置(若是对称的,依次书写不行重复)。氢饱和:依据碳四价原理,碳剩余价键用氢饱和。多元取代物一般先考虑一取代,再考虑二取代、三取代等。(2)推断同分异构体种类的方法(防止重复):等效氢法推断烷烃一氯取代物的种类。分类组合法确定方法:首先找出有机物结构中等效碳原子的种类,然后两两逐一组合。适用于二元取代物同分异构体的确定。结构特征法:充分利用有机物分子结构的对称性和等距离关系来确定同分异构体。换元法(变换思维角度法)。关闭Word文档返回原板块。