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(人教A版)数学必修1同步测试:第2次月综合素能检测-Word版含答案.docx

1、其次次月综合素能检测 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分150分。考试时间120分钟。 第Ⅰ卷(选择题 共60分) 一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.已知集合A={y|y=log3x,x>1},B={y|y=()x,x>1},则A∩B=(  ) A.{y|0<y<}    B.{y|0<y<1} C.{y|<y<1} D.Ø [答案] A [解析] 由x>1可得y=log3x>log31=0,y=()x<()1=,因此A={y|y>0},B={y|0<y<},所以A∩B={y|0

2、<y<},故选A. 2.若函数f(x)=则f(f(10))=(  ) A.lg101 B.2 C.1 D.0 [答案] B [解析] ∵f(10)=lg10=1, ∴f(f(10)=f(1)=12+1=2. 3.函数y=(1+x)+(1-x)-的定义域是(  ) A.(-1,0) B.(-1,1) C.(0,1) D.(0,1] [答案] B [解析] 函数y=(1+x)+(1-x) -有意义应满足∴-1<x<1,故选B. 4.设a=log0.50.6,b=log1.10.6,c=1.10.6,则a,b,c的大小关系是(  ) A.a<b<c B.b<c<a C.b

3、<a<c D.c<a<b [答案] C [解析] a=log0.50.6<log0.50.5=1, 又a=log0.50.6>log0.51=0, ∴0<a<1. b=log1.10.6<log1.11=0, c=1.10.6>1.10=1, ∴c>a>b,故选C. 5.(2021·全国高考湖北理科,5题)设函数f(x)=ln(1+x)-ln(1-x),则f(x)是(  ) A.奇函数,且在(0,1)上是增函数 B.奇函数,且在(0,1)上是减函数 C.偶函数,且在(0,1)上是增函数 D.偶函数,且在(0,1)上是减函数 [答案] A [解析] 明显f(x)的定义

4、域为(-1,1),关于原点对称,又∵f(-x)=ln(1-x)-ln(1+x)=-f(x),∴f(x)是奇函数,明显f(x)在(0,1)上单调递增,故选A. 6.已知函数f(x)的定义域为R,f(x)在R上是减函数,若f(x)的一个零点为1,则不等式f(2x-1)>0的解集为(  ) A.(,+∞) B.(-∞,) C.(1,+∞) D.(-∞,1) [答案] D [解析] 由f(x)是定义在R上的减函数且f(x)的一个零点为1,易知当x<1时f(x)>0,所以f(2x-1)>0等价于2x-1<1,解得x<1,因此选D. 8.函数y=e|-lnx|-|x-1|的图象大致是(  )

5、 [答案] D [解析] 当x≥1时,y=1, 当0<x<1时,y=+x-1, 故选D. 9.函数f(x)=()x+3x在区间(  )内有零点(  ) A.(-2,-1) B.(0,1) C.(-1,0) D.(1,2) [答案] C [解析] f(0)=0+0×3=1,f(-1)=()-1-3=-3<0,∴f(0)f(-1)<0,因此f(x)在(-1,0)上有零点,选C. 10.某商店方案投入资金20万元经销甲或乙两种商品,已知经销甲商品与乙商品所获得的利润分别为P(万元)和Q(万元),且它们与投入资金x(万元)的关系是:P=,Q=(a>0);若不管资金如何投放,经销这

6、两种商品或其中的一种商品所获得的纯利润总不少于5万元,则a的最小值应为(  ) A. B.5 C.± D.- [答案] A [解析] 设投放x万元经销甲商品,则经销乙商品投放(20-x)万元,总利润y=P+Q=+·. 令y≥5,则+·≥5,所以a≥10-,即a≥对0≤x<20恒成立,而f(x)=的最大值为,且x=20时,a≥10-也成立,所以amin=,故选A. 11.函数f(x)=|lgx|,则f()、f()、f(2)的大小关系是(  ) A.f(2)>f()>f() B.f()>f()>f(2) C.f(2)>f()>f() D.f()>f()>f(2) [答案] B

7、[解析] f()=|lg|=|-lg4|=lg4,f()=|lg|=|-lg3|=lg3,∵lg4>lg3>lg2,∴f()>f()>f(2),故选B. 12.(2021·沧州市第一学期高一期末质量监测)定义在R上的奇函数f(x)满足:当x>0时,f(x)=2021x+log2021x,则方程f(x)=0的实数根的个数是(  ) A.1 B.2 C.3 D.4 [答案] C [解析] f(x)=2021x+log2021x,在(0,+∞)上为增函数,又f(1)=2021>0,当x无限接近零时,2021x近似为1,log2021x是负数且无限小,因此函数值为负,所以f(x)在(0,+∞

8、)上只有一根,又f(x)为奇函数,f(x)在(-∞,0)上递增且有一根,又f(0)=0,因此,f(x)在R上有3个零点,故选C. 第Ⅱ卷(非选择题 共90分) 二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分,把正确答案填在题中横线上) 13.若幂函数y=f(x)的图象经过点(9,),则f(25)的值是________. [答案]  [解析] f(x)=xα, 9α=,∴α=-,f(25)=25-=. 14.设函数y=x3与y=()x-2的图象的交点为(x0,y0),则x0所在的区间是(n,n+1),n∈N+,则n=________. [答案] 1 [解析] 设f(x)=x

9、3-()x-2 f(1)=-1<0,f(2)=7>0, 又f(x)为增函数,∴x0∈(1,2). 15.对于函数f(x)=x-2-lnx,我们知道f(3)=1-ln3<0,f(4)=2-ln4>0,用二分法求函数f(x)在区间(3,4)内的零点的近似值,我们先求出函数值f(3.5),若已知ln3.5=1.25,则接下来我们要求的函数值是________. [答案] f(3.25) [解析] 由ln3.5=1.25且f(3.5)=3.5-2-ln3.5≈0.25>0,以及f(3)<0可知下一步应代入的x值为3.5和3的平均数,即接下来我们需求的函数值为f(3.25). 16.对于函数

10、f(x)=log2x在其定义域内任意的x1,x2且x1≠x2,有如下结论: ①f(x1+x2)=f(x1)·f(x2);②f(x1·x2)=f(x1)+f(x2);③>0;④f()<,上述结论中正确结论的序号是________. [答案] ②③ [解析] 对于①,取x1=2,x2=4,可知f(x1)·f(x2)=log22·log24=2,而f(x1+x2)=log26≠log24=2,因此①不成立;对于②,由对数运算性质有f(x1·x2)=log2(x1·x2)=log2x1+log2x2=f(x1)+f(x2),因此②成立;对于③,表示的正是两点(x1,f(x1)),(x2,f(x2

11、))之间的变化率状况,由f(x)=log2x的图象易知其函数图象上任意两点之间的变化率必为正,因此③成立;对于④,取x1=2,x2=8,可知==2,f()=log25, 而log25>log24=2,此时f()>, 因此④不成立.综上所述,应填②③. 三、解答题(本大题共6个小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 17.(本小题满分10分)(2021·湖南省临澧二中高一数学检测题)求下列各式的值: (1)(2)-(2-π)0-(2)-+0.25-; (2)log3+lg25+lg4+7log72. [解析] (1)原式=()-1-()-+()-=-1-[()3]

12、 -+[()2] -=-()-2+()-3=-+8=8. (2)原式=log33-+lg(25×4)+2=-+2+2=. 18.(本小题满分12分)已知函数f(x)=x2+x+a在区间(0,1)上有零点,求实数a的取值范围. [解析] 函数f(x)=x2+x+a的对称轴方程为x=-<0, 故f(x)在(0,1)上递增. 由已知条件f(0)f(1)<0,即,故, 解得-2<a<0,故a的取值范围为:(-2,0). 19.(本小题满分12分)设函数f(x)=log2(4x)·log2(2x),≤x≤4. (1)若t=log2x求t的取值范围; (2)求f(x)的最值,并求出最值时

13、对应x的值. [解析] (1)∵t=log2x,≤x≤4,∴log2≤t≤log24,∴-2≤t≤2. (2)f(x)=(log2x+log24)(log2x+log22)=(log2x+2)(log2x+1)=logx+3log2x+2, 设log2x=t,∴y=t2+3t+2=(t+)2-(-2≤t≤2) 当t=-,即log2x=-,x=2-=时,f(x)min=- 当t=2即log2x=2,x=4时,f(x)max=12. 20.(本小题满分12分)定义在[-1,1]上的偶函数f(x),已知当x∈[0,1]时的解析式为f(x)=-22x+a·2x(a∈R). (1)求f(

14、x)在[-1,0]上的解析式. (2)求f(x)在[0,1]上的最大值h(a). [解析] (1)设x∈[-1,0], 则-x∈[0,1],f(-x)=-2-2x+a·2-x, 又∵函数f(x)为偶函数, ∴f(x)=f(-x), ∴f(x)=-2-2x+a·2-x,x∈[-1,0]. (2)∵f(x)=-22x+a·2x,x∈[0,1], 令t=2x,t∈[1,2]. ∴g(t)=at-t2=-(t-)2+. 当≤1,即a≤2时,h(a)=g(1)=a-1; 当1<<2,即2<a<4时, h(a)=g()=; 当≥2,即a≥4时,h(a)=g(2)=2a-4. 综

15、上所述, h(a)= 21.(本小题满分12分)已知函数f(x)=b·ax(其中a,b为常数且a>0,a≠1)的图象经过点A(1,6),B(3,24). (1)求f(x)的解析式; (2)若不等式()x≥2m+1在x∈(-∞,1]上恒成立,求实数m的取值范围. [解析] (1)由题意得⇒a=2,b=3, ∴f(x)=3·2x (2)设g(x)=()x=()x, 则y=g(x)在R上为减函数.(可以不证明) ∴当x≤1时gmin(x)=g(1)=, 由于()x≥2m+1在x∈(-∞,1]上恒成立, 即g(x)min≥2m+1, 即2m+1≤⇒m≤-,∴m的取值范围为:m≤

16、-. 22.(本小题满分12分)(2021·山东济宁月考)为了迎接世博会,某旅游区提倡低碳生活,在景区供应自行车出租.该景区有50辆自行车供游客租赁使用,管理这些自行车的费用是每日115元.依据阅历,若每辆自行车的日租金不超过6元,则自行车可以全部租出;若超过6元,则每超过1元,租不出的自行车就增加3辆.为了便于结算,每辆自行车的日租金x(元)只取整数,并且要求出租自行车一日的总收入必需高于这一日的管理费用,用y(元)表示出租自行车的日净收入(日净收入=一日出租自行车的总收入-管理费用). (1)求函数y=f(x)的解析式及其定义域; (2)试问当每辆自行车的日租金定为多少元时,才能使日

17、净收入最多? [解析] (1)当x≤6时,y=50x-115,令50x-115>0,解得x>2.3. ∵x∈N*,∴x≥3,∴3≤x≤6,x∈N*. 当x>6时,y=[50-3(x-6)]x-115. 令[50-3(x-6)]x-115>0,得3x2-68x+115<0.解得2≤x≤20,又x∈N*,∴6<x≤20,x∈N*, 故y= 定义域为{x|3≤x≤20,x∈N*}. (2)对于y=50x-115(3≤x≤6,x∈N*),明显当x=6时,ymax=185, 对于y=-3x2+68x-115=-3(x-)2+(6<x≤20,x∈N*). 当x=11时,ymax=270,∵270>185, ∴当每辆自行车的日租金定为11元时,才能使日净收入最多.

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