【创新设计】2022届-数学一轮(文科)-人教B版-课时作业-第八章-立体几何-第4讲-.docx

第4讲　空间中的垂直关系

基础巩固题组
(建议用时：40分钟)
一、选择题
1．已知平面α⊥平面β，α∩β＝l，点A∈α，A∉l，直线AB∥l，直线AC⊥l，直线m∥α，m∥β，则下列四种位置关系中，不肯定成立的是 (　　)
A．AB∥m　 B．AC⊥m　　
C．AB∥β　 D．AC⊥β
解析　如图所示，

AB∥l∥m；AC⊥l，m∥l⇒AC⊥m；AB∥l⇒AB∥β，只有D不肯定成立，故选D.
答案　D
2．(2021·抚顺模拟)设a是空间中的一条直线，α是空间中的一个平面，则下列说法正确的是 (　　)
A．过a肯定存在平面β，使得β∥α
B．过a肯定存在平面β，使得β⊥α
C．在平面α内肯定不存在直线b，使得a⊥b
D．在平面α内肯定不存在直线b，使得a∥b
解析　当a与α相交时，不存在过a的平面β，使得β∥α，故A错误；直线a与其在平面α内的投影所确定的平面β满足β⊥α，故选B；平面α内的直线b只要垂直于直线a在平面α内的投影，则就必定垂直于直线a，故C错误；当a与α平行时，在平面α内存在直线b，使得a∥b，故D错误．
答案　B
3.如图，已知△ABC为直角三角形，其中∠ACB＝90°，M为AB的中点，PM垂直于△ABC所在平面，那么 (　　)

A．PA＝PB＞PC
B．PA＝PB＜PC
C．PA＝PB＝PC
D．PA≠PB≠PC
解析　∵M为AB的中点，△ACB为直角三角形，
∴BM＝AM＝CM，又PM⊥平面ABC，
∴Rt△PMB≌Rt△PMA≌Rt△PMC，
故PA＝PB＝PC.
答案　C
4．(2021·青岛质量检测)设a，b是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面，则能得出a⊥b的是 (　　)
A．a⊥α，b∥β，α⊥β　 B．a⊥α，b⊥β，α∥β
C．a⊂α，b⊥β，α∥β　 D．a⊂α，b∥β，α⊥β
解析　A中，两直线可以平行、相交或异面，故不正确；B中，两直线平行，故不正确；C中，由α∥β，a⊂α可得a∥β，又b⊥β，得a⊥b，故正确；D中，两直线可以平行，相交或异面，故不正确．
答案　C
5. (2021·深圳调研)如图，在四周体D－ABC中，若AB＝CB，AD＝CD，E是AC的中点，则下列正确的是 (　　)

A．平面ABC⊥平面ABD
B．平面ABD⊥平面BDC
C．平面ABC⊥平面BDE，且平面ADC⊥平面BDE
D．平面ABC⊥平面ADC，且平面ADC⊥平面BDE
解析　由于AB＝CB，且E是AC的中点，所以BE⊥AC，同理有DE⊥AC，于是AC⊥平面BDE.由于AC⊂平面ABC，所以平面ABC⊥平面BDE.又由于AC⊂平面ACD，所以平面ACD⊥平面BDE，所以选C.
答案　C
二、填空题
6.如图，PA⊥圆O所在的平面，AB是圆O的直径，C是圆O上的一点，E，F分别是点A在PB，PC上的正投影，给出下列结论：

①AF⊥PB；②EF⊥PB；③AF⊥BC；
④AE⊥平面PBC.
其中正确结论的序号是________．
解析　由题意知PA⊥平面ABC，∴PA⊥BC.
又AC⊥BC，且PA∩AC＝A，
∴BC⊥平面PAC，∴BC⊥AF.
∵AF⊥PC，且BC∩PC＝C，∴AF⊥平面PBC，∴AF⊥PB，AF⊥BC.又AE⊥PB，AE∩AF＝A，
∴PB⊥平面AEF，∴PB⊥EF.故①②③正确．
答案　①②③
7．如图，在四棱锥P－ABCD中，PA⊥底面ABCD，且底面各边都相等，M是PC上的一动点，当点M满足________时，平面MBD⊥平面PCD(只要填写一个你认为正确的条件即可)．

解析　∵PC在底面ABCD上的射影为AC，且AC⊥BD，∴BD⊥PC.∴当DM⊥PC(或BM⊥PC)时，即有PC⊥平面MBD，而PC⊂平面PCD，∴平面MBD⊥平面PCD.
答案　DM⊥PC(或BM⊥PC)
8．如图，在长方体ABCD－A1B1C1D1中，AB＝AD＝3 cm，AA1＝2 cm，则四棱锥A－BB1D1D的体积为________ cm3.

解析　连接AC交BD于O，在长方体中，

∵AB＝AD＝3，∴BD＝3
且AC⊥BD.
又∵BB1⊥底面ABCD，
∴BB1⊥AC.
又DB∩BB1＝B，
∴AC⊥平面BB1D1D，
∴AO为四棱锥A－BB1D1D的高且AO＝BD＝.
∵S矩形BB1D1D＝BD×BB1＝3×2＝6，
∴VA－BB1D1D＝S矩形BB1D1D·AO
＝×6×＝6(cm3)．
答案　6
三、解答题
9. (2022·大连测试)如图，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，AA1＝2AC＝2BC，D是棱AA1的中点，CD⊥B1D.

(1)证明：CD⊥B1C1；
(2)平面CDB1分此棱柱为两部分，求这两部分体积的比．
(1)证明　由题设知，三棱柱的侧面为矩形，
由于D为AA1的中点，故DC＝DC1，
又AA1＝2A1C1，可得DC＋DC2＝CC，
所以CD⊥DC1，而CD⊥B1D，B1D∩C1D＝D，
所以CD⊥平面B1C1D，
由于B1C1⊂平面B1C1D，所以CD⊥B1C1.
(2)解　由(1)知B1C1⊥CD，且B1C1⊥C1C，则B1C1⊥平面ACC1A1，
设V1是平面CDB1上方部分的体积，V2是平面CDB1下方部分的体积，
则V1＝VB1－CDA1C1＝×S梯形CDA1C1×B1C1
＝×B1C＝B1C.
V总＝VABC－A1B1C1＝AC×BC×CC1＝B1C，
V2＝V总－V1＝B1C＝V1，
故＝1∶1.
10.如图，在四棱锥P－ABCD中，AB∥CD，AB⊥AD，CD＝2AB，平面PAD⊥底面ABCD，PA⊥AD，E和F分别是CD和PC的中点．求证：

(1)PA⊥底面ABCD；
(2)BE∥平面PAD；
(3)平面BEF⊥平面PCD.
证明　(1)由于平面PAD⊥底面ABCD，且PA垂直于这两个平面的交线AD，所以PA⊥底面ABCD.
(2)由于AB∥CD，CD＝2AB，E为CD的中点，
所以AB∥DE，且AB＝DE.
所以四边形ABED为平行四边形．
所以BE∥AD.
又由于BE⊄平面PAD，AD⊂平面PAD，
所以BE∥平面PAD.
(3)由于AB⊥AD，而且ABED为平行四边形，
所以BE⊥CD，AD⊥CD.
由(1)知PA⊥底面ABCD.
所以PA⊥CD.
所以CD⊥平面PAD.
从而CD⊥PD.
又E，F分别是CD和PC的中点，
所以PD∥EF.
故CD⊥EF，CD⊂平面PCD，由EF，BE⊂平面BEF，且EF∩BE＝E.
所以CD⊥平面BEF.
所以平面BEF⊥平面PCD.
力量提升题组
(建议用时：25分钟)
11.如图，在斜三棱柱ABC－A1B1C1中，∠BAC＝90°，BC1⊥AC，则C1在底面ABC上的射影H必在 (　　)
A．直线AB上　 B．直线BC上
C．直线AC上　 D．△ABC内部

解析　由BC1⊥AC，又BA⊥AC，则AC⊥平面ABC1，因此平面ABC⊥平面ABC1，因此C1在底面ABC上的射影H在直线AB上．
答案　A
12．(2022·衡水中学模拟)如图，正方体AC1的棱长为1，过点A作平面A1BD的垂线，垂足为点H.则以下命题中，错误的命题是 (　　)

A．点H是△A1BD的垂心
B．AH垂直于平面CB1D1
C．AH延长线经过点C1
D．直线CB1和CD1所成角为45°
解析　对于A，由于AA1＝AB＝AD，所以点A在平面A1BD上的射影必到点A1，B，D的距离相等，即点H是△A1BD的外心，而A1B＝A1D＝BD，故点H是△A1BD的垂心，命题A是真命题；对于B，由于B1D1∥BD，CD1∥A1B，故平面A1BD∥平面CB1D1，而AH⊥平面A1BD，从而AH⊥平面CB1D1，命题B是真命题；对于C，由于AH⊥平面CB1D1，因此AH的延长线经过点C1，命题C是真命题；对于D，由于△B1CD1为正三角形，所以∠B1CD＝
60°，故直线CB1和CD1所成角为60°，因此命题D是假命题．
答案　D
13．(2021·河南师大附中二模)如图，已知六棱锥P－ABCDEF的底面是正六边形，PA⊥平面ABC，PA＝2AB，则下列结论中：①PB⊥AE；②平面ABC⊥平面PBC；③直线BC∥平面PAE；④∠PDA＝45°.
其中正确的有________(把全部正确的序号都填上)．

解析　由PA⊥平面ABC，AE⊂平面ABC，得PA⊥AE，
又由正六边形的性质得AE⊥AB，PA∩AB＝A，得AE⊥平面PAB，又PB⊂平面PAB，∴AE⊥PB，①正确；
又平面PAD⊥平面ABC，∴平面ABC⊥平面PBC不成立，②错；由正六边形的性质得BC∥AD，又AD⊂平面PAD，∴BC∥平面PAD，∴直线BC∥平面PAE也不成立，③错；在Rt△PAD中，PA＝AD＝2AB，∴∠PDA＝45°，∴④正确．
答案　①④
14.如图所示，在直四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，DB＝BC，DB⊥AC，点M是棱BB1上一点．

(1)求证：B1D1∥平面A1BD；
(2)求证：MD⊥AC；
(3)试确定点M的位置，使得平面DMC1⊥平面CC1D1D.
(1)证明　由直四棱柱，得BB1∥DD1，
又∵BB1＝DD1，∴BB1D1D是平行四边形，
∴B1D1∥BD.
而BD⊂平面A1BD，B1D1⊄平面A1BD，
∴B1D1∥平面A1BD.
(2)证明　∵BB1⊥平面ABCD，AC⊂平面ABCD，
∴BB1⊥AC.
又∵BD⊥AC，且BD∩BB1＝B，
∴AC⊥平面BB1D.
而MD⊂平面BB1D，∴MD⊥AC.
(3)解　当点M为棱BB1的中点时，平面

DMC1⊥平面CC1D1D.理由如下：
取DC的中点N，D1C1的中点N1，连接NN1交DC1于O，连接OM，如图所示．
∵N是DC的中点，BD＝BC，
∴BN⊥DC.又∵DC是平面ABCD与平面DCC1D1的交线，
而平面ABCD⊥平面DCC1D1，
∴BN⊥平面DCC1D1.
又可证得O是NN1的中点，
∴BM∥ON且BM＝ON，
即BMON是平行四边形．
∴BN∥OM.∴OM⊥平面CC1D1D.
∵OM⊂平面DMC1，
∴平面DMC1⊥平面CC1D1D.