江西省新余市2015-2016高一(下)期末物理试卷(解析版)讲课稿.doc

江西省新余市2015-2016学年高一(下)期末物理试卷(解析版)

精品文档
高一物理必修二练习
一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）
1．关于曲线运动，下列说法正确的有（　　）
A．匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动 B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向时刻在改变
C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心
D．物体受到垂直于初速度方向的恒力作用时，不可能做圆周运动
2．如图所示，质量分别为m1，m2的两个物体在光滑水平面上运动，中间用一轻弹簧连接，已知水平向右的力F1=10N，水平向左的力F2=4N，轻弹簧的拉力可能为（　　）
A．2N B．4N C．8N D．10N
3．如图所示，两次渡河时船对水的速度大小和方向都不变，已知第第一次实际航程为A至B，位移为S1，实际航速为v1，所用时间为t1．由于水速增大，第二次实际航程为A至C，位移为S2，实际航速为v2，所用时间为t2，则（　　）
A．t2＞t1 B．t2＞t1
C．t2=t1 D．t2=t1
4．如图所示，M、m两物体用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，放置粗糙水平桌面上，OA，OB与水平面的夹角分别为30°，60°，当M，m均处于静止状态时，则有（　　）
A．绳OA对M的拉力大于绳OB对M的拉力
B．绳OA对M的拉力等于绳OB对M的拉力
C．m受到桌面的静摩擦力大小（﹣1）Mg
D．m对桌面的静摩擦力的方向水平向右
5．卫星“天链一号01星”在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，成功定点于东经77°赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（　　）
A．离地面高度一定，相对地面静止 B．运行速度可能大于7.9km/s
C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小
D．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度相等
6．如图所示，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度为0.15m，宽度为0.30m，取g=10m/s2，则小球抛出后首先落到的台阶是（　　）
A．第一级台阶 B．第二级台阶 C．第三级台阶 D．第四级台阶
7．A、B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，先后撤去F1、F2后，两物体最终停下，它们的v﹣t图象如图所示．已知两物体与水平面间的滑动摩擦力大小相等．则下列说法正确的是（　　）
A．F1、F2大小之比为1：2 B．F1、F2对A做功之比为1：2
C．A、B质量之比为2：1 D．全过程中A、B克服摩擦力做功之比为2：1
8．如图所示，在竖直平面内的光滑管形圆轨道的半径为R（管径远小于R），小球a、b大小相同，质量均为m，其直径略小于管径，均能在管中无摩擦运动．两球先后以相同速度v通过轨道最低点，且当小球a在最低点时，小球b在最高点，以下说法正确的是（　　）
A．当小球b在最高点对轨道无压力时，小球a比小球b所需向心力大4mg
B．当v=时，小球b在轨道最高点对轨道压力为mg
C．速度v至少为，才能使两球在管内做完整的圆周运动
D．只要两小球能在管内做完整的圆周运动，就有小球a在最低点对轨道的压力比小球b在最高点对轨道的压力大6mg
9．甲、乙两球的质量相等，悬线一长一短，将两球由图示位置的同一水平面无初速
度释放，不计阻力，则对小球过最低点时的正确说法是（　　）
A．甲球的动能与乙球的动能相等 B．两球受到线的拉力大小相等
C．两球的角速度大小相等 D．两球的向心加速度大小相等
10．如图所示，竖直放置在水平地面上的轻质弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不粘连），并用力向下压球．稳定后用细线把弹簧拴牢．烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，则该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法中正确的有（　　）
A．金属球的机械能守恒
B．金属球的动能先增大后减小，机械能一直增加
C．金属球脱离弹簧时弹簧的长度等于原长
D．金属球在刚脱离弹簧时动能最大
11．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变）．则图中能反映汽车牵引力F、汽车速度V在这个过程中随时间t变化的图象是（　　）
A． B． C． D．
12．如图甲所示，甲、乙两个小球可视为质点，甲球沿倾角为30°的光滑足够长斜面由静止开始下滑，乙球做自由落体运动，甲、乙两球的动能与路程的关系图象如图乙所示．下列说法正确的是（　　）
A．甲球机械能不守恒，乙球机械能守恒
B．甲、乙两球的质量之比为m甲：m乙=4：1
C．甲、乙两球的动能均为Ek0时，两球重力的瞬时功率之比为P甲：P乙=1：1
D．甲、乙两球的动能均为Ek0时，两球下降高度之比h甲：h乙=1：4
二、实验题
13．小明利用如甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验．
（1）关于这一实验，下列说法中正确的是　　　　　　．
A．重物应选用密度小的物体 B．两个限位孔应在同一竖直线上
C．打点计时器应接低压直流电源 D．应先释放纸带，后接通电源
（2）小明选择一条较为理塑的纸带，如图乙所示，以起始点0为起点，从A点开始选取纸带上连续点A、B、C…到0的距离分别为x1、x2、x3…，若电源的频率为f，则打下B点时重锤的速度为　　　　　　．
（3）小明用（2）中数据画v2﹣h如图丙所示，直线的斜率为k，则所测得当地重力加速度为　　　　　　．

14．在“探究功与速度变化的关系”的实验中，某实验研究小组的实验装置如图甲所示．木块从A点静止释放后，在一根弹簧作用下弹出，沿足够长的木板运动到B1点停下，记录此过程中弹簧对木块做的功为W1．O点为弹簧原长时所处的位置，测得OB1的距离为L1．再用完全相同的2根、3根…弹簧并在一起进行第2次、第3次…实验并记录2W1，3W1…及相应的L2、L3…数据，用W﹣L图象处理数据，回答下列问题：

（1）如图乙是根据实验数据描绘的W﹣L图象，图线不过原点的原因是　　　　　　；
（2）由图线得木块从A到O过程中摩擦力做的功是W1=　　　　　　；
（3）W﹣L图象斜率的物理意义是　　　　　　．
　三、计算题
15．质量m=1kg的物体，在水平拉力F的作用下，沿粗糙水平面运动，经过位移4m时，拉力F停止作用，运动到位移是8m时物体停止．运动过程中Ek﹣x的图线如图所示．求：
（1）物体的初速度为多大？
（2）物体跟水平面间的动摩擦因数为多大？
（3）拉力F的大小为多大？g取10m/s2．

16．物体在距某行星表面某一高度的O点由静止开始做自由落体运动，依次通过A、B、C三点，己知AB段与BC段的距离相等，均为24cm，通过AB与BC的时间分别为0.2s与0.1s，若该星球的半径为180km，求：
（1）该星球表面的重力加速度；
（2）环绕该行星的卫星做圆周运动的最小周期为多少？

17．如图所示，光滑半圆弧轨道半径为R，OA为水平半径，BC为竖直直径．一质量为m 的小物块自A处以某一竖直向下的初速度滑下，进入与C点相切的粗糙水平滑道CM上．在水平滑道上有一轻弹簧，其一端固定在竖直墙上，另一端恰位于滑道的末端C点（此时弹簧处于自然状态）．若物块运动过程中弹簧最大弹性势能为Ep，且物块被弹簧反弹后恰能通过B点．已知物块与水平滑道间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，求：
（1）物块被弹簧反弹后恰能通过B点时的速度大小；
（2）物块离开弹簧刚进入半圆轨道c点时对轨道的压力FN的大小；
（3）物块从A处开始下滑时的初速度大小v0．

18．如图所示，一个与水平方向成θ=37°的传送带逆时针转动，线速度为v=10m/s，传送带A、B两轮间距离L=10.25m．一个质量m=1kg的可视为质点的物体轻放在A处，物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：
（1）物体在A处加速度a的大小；
（2）物体在传送带上机械能的改变量△E；
（3）物体与传送带因摩擦而产生的热量Q．

参考答案
DCDDABCA BD BC AD BCD
二、实验题
13．（1）B
（2）　　．
（3）　　．
14．（1）未计算AO间的摩擦力做功（2）（3）摩擦力．
三、计算题
15．解：（1）由图象知：，
代入数据得：v0=2m/s；
故物体的初速度为2m/s．
（2）4﹣8m内，物体只受摩擦力作用，由动能定理得：
﹣μmgx2=0﹣EK1；
代入数据得：μ==0.25；
故物体和平面间的摩擦系数为0.25；
（3）0﹣4m内，由动能定理得：
Fx1﹣μmgx1=EK1﹣EK0；
代入数据得：F=4.5N．
故拉力F的大小为4.5N．
答：（1）物体的初速度为2m/s；
（2）物体和平面间的摩擦系数为0.25；
（3）拉力F的大小为4.5N．

16．解：（1）设设星球表面的重力加速度为g，通过A点时的速度为v0．由运动学规律有：
，
，
x1=24cm，x2=48cm，t1=0.2s，t2=0.3s，
解上述两试得：g=8m/s2．
（2）卫星在星球表面附近做圆周运动的周期最小，根据mg=得：
T=；
R=1.8x105m，代入数据解得：T=300π≈942s．
17．解：（1）由题意可知，物块在B点满足：mg=m
得
（2）物块由C点到B点机械能守恒： mvC2=mg•2R+mvB2．　　　　　　　
在C点：FN′﹣mg=m，
由以上三式联立可得FN′=6 mg
由牛顿第三定律可知，物块对轨道最低点C的压力FN=FN′=6 mg．　　　　　　
（3）设弹簧的最大压缩量为d，由能量守恒定律可得：Ep=μmgd+mvC2，
对物块由A点下滑到弹簧达最大压缩量的过程应用能量守恒定律可得：
mv02+mgR=Ep+μmgd　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　
解得：v0=
18、解：（1）物体在A处时传送带对物体有向下的摩擦力作用．由牛顿第二定律：mgsinθ+μmgcosθ=ma…①
解得：…②
（2）设物体经过时间t达到与传送带相对静止，发生的位移为x，则：v=at…③
…④
联解得：x=5m＜L=10.25m，表明以后物体将继续下滑．…⑤
设物体继续下滑的加速度为a′，则：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma'…⑥
由功能关系：△E=μmgcosθ•x﹣μmgcosθ（L﹣x）…⑦
联解得：△E=﹣1J…⑧
（3）设物体继续下滑至B所用时间为t′，则：
…⑨
设物体相对于传送带的位移为d，则：d=（vt﹣x）+[（L﹣x）﹣vt']…⑩
Q=μmgcosθ•d…
联解得：Q=21J…
收集于网络，如有侵权请联系管理员删除