1、
古典概型 解法技巧
解决古典概型问题的关键是分清基本大事总数n与大事A中包含的结果数m，而这往往会遇到计算搭配个数的困难.因此，学习中有必要把握肯定的求解技巧.
一、直接列举
把大事全部发生的结果逐一列举出来，然后再进行求解.
例1 甲、乙两人参与法律学问竞答，共有10道不同的题目，其中选择题6道，推断题4道，甲、乙两人依次各抽一道．
（1）甲抽到选择题，乙抽到推断题的概率是多少？
（2）甲、乙两人中至少有一人抽到选择题的概率是多少？
分析：这是一个古典概型的概率问题，关键是计算出公式中的m，n，然后直接应用公式进行求解．
解：甲、乙两人从1
2、0道题中不放回地各抽一道题，先抽的有10种抽法，后抽的有9种抽法，故全部可能的抽法是10×9＝90种，即基本大事总数是90．
（1）记“甲抽到选择题，乙抽到推断题”为大事A，下面求大事Ａ包含的基本大事数．
甲抽选择题有6种抽法，乙抽推断题有4种抽法，所以大事A的基本大事数为6×4＝24．
．
（2）先考虑问题的对立面：“甲、乙两人中至少有一人抽到选择题”的对立大事是“甲、乙两人都未抽到选择题”，即都抽到推断题．
记“甲、乙两人都抽到推断题”为大事B，“至少一人抽到选择题”为大事C，则B所含基本大事数为4×3＝12．
∴由古典概型概率公式，得，
由对立大事的
3、性质可得．
评注：本题主要考查等可能大事的概率计算、对立大事的概率计算以及分析和解决实际问题的力量．
例2 袋中有6个球，其中4个白球，2个红球，从袋中任意取出两个，求下列大事的概率.
（1）取出的两球都是白球；
（2）取出的两球一个是白球，另一个是红球.
分析：首先直接列举出任取两球的基本大事的总数，然后分别列举求出两个大事分别含有的基本大事数，再利用概率公式求解.
解：设4个白球的编号为1，2，3，4，2个红球的编号为5，6.从袋中的6个小球中任取两个的全部可能结果如下：（1，2），（1，3），（1，4），（1，5），（1，6），（2，3），（2，4），
4、2，5），（2，6），（3，4），（3，5），（3，6），（4，5），（4，6），（5，6），共15个.
（1）从袋中的6个球中任取两个，所取的两球全是白球的方法数，即是从4个白球中任取两个的方法数，共有6个，即为（1，2），（1，3），（1，4），（2，3），（2，4），（3，4）.
∴取出的两个球全是白球的概率为：；
（2）从袋中的6个球中任取两个，其中一个是红球，而另一个为白球，其取法包括（1，5），（1，6），（2，5），（2，6），（3，5），（3，6），（4，5），（4，6），共8个.
∴取出的两个球一个是白球，另一个是红球的概率为：．
二、巧用图表
5、
由于古典概型问题中基本大事个数有限，故通过图表可以形象，直观地解决这类问题.
例3 一个口袋内装有大小相等的1个白球和已编有不同号码的3个黑球，从中摸出2个球，求摸出2个黑球的概率.
分析：运用集合中的Ｖenn图直观分析.
解：如图所示，全部结果组成的集合U含有6个元素，
故共有6种不同的结果.
Ｕ的子集A有3个元素，故摸出2个黑球有3种不同的结果.
因此，摸出2个黑球的概率是：．
三、逆向思维
对于较简单的古典概型问题，若直接求解有困难时，可利用逆向思维，先求其对立大事的概率，进而再求所求大事的概率.
例4 同时抛掷两枚骰子，求至少有
6、一个5点或6点的概率.
分析：直接求解，运算较繁，而利用对立大事求概率则很简捷.
解：至少有一个5点或6点的对立大事是：没有5点或6点.由于没有5点或6点的结果共有16个，而抛掷两枚骰子的结果共有36个，所以没有5点或6点的概率为：．
至少有一个5点或6点的概率为．
四、活用对称性
例5 有A，B，C，D，E共5人站成一排，A在B的右边（A，B可以不相邻）的概率是多少？
解析：由于A，B不相邻，A在B的右边和B在A的右边的总数是相等的，且A在B的右边的排法数与B在A的右边的排法数组成全部基本大事总数，所以A在B的右边的概率是．
五、数形结合法
例
7、6 如图所示的道路，每一个分叉口都各有2条新的歧路，假如有一只羊进入这个路网，已经走过了10个分叉口，那么从某一条歧路上去找这只羊，找到的可能性有多大？
解析：经过1个分叉口，歧路有2条；
经过2个分叉口，歧路有条；
经过3个分叉口，歧路有条；
…，
经过n个分叉口，歧路有条．
现在羊已经走过了10个分叉口，羊可以走的歧路有210条，而能找到这只羊的路只有其中1条，故找到这只羊的概率只有．
六、模拟法
例7 某人有5把钥匙，其中2把能打开门，现随机地取1把钥匙试着开门，不能开门就扔掉，问第三次才打开门的概率是多大？假如试过的钥匙不扔掉，这个概率又是多少？设计一个试验，随机模拟估量上述概率．
解：用计算器或计算机产生1到5之间的取整数值的随机数，1、2表示能打开门，3，4，5表示打不开门．
（１） 三个一组（每组数字不重复），统计总组数Ｎ及前两个大于2，第三个是1或2
的组数即为不能打开门即扔掉，第三次才打开门的概率的近似值．
（2）三个一组，统计总组数及前两个大于2，第三个为1或2的组数，则即为试过的钥匙不扔掉，第三次才打开门的概率的近似值．
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