ImageVerifierCode 换一换
格式:DOC , 页数:13 ,大小:764.54KB ,
资源ID:3076047      下载积分:8 金币
验证码下载
登录下载
邮箱/手机:
验证码: 获取验证码
温馨提示:
支付成功后,系统会自动生成账号(用户名为邮箱或者手机号,密码是验证码),方便下次登录下载和查询订单;
特别说明:
请自助下载,系统不会自动发送文件的哦; 如果您已付费,想二次下载,请登录后访问:我的下载记录
支付方式: 支付宝    微信支付   
验证码:   换一换

开通VIP
 

温馨提示:由于个人手机设置不同,如果发现不能下载,请复制以下地址【https://www.zixin.com.cn/docdown/3076047.html】到电脑端继续下载(重复下载【60天内】不扣币)。

已注册用户请登录:
账号:
密码:
验证码:   换一换
  忘记密码?
三方登录: 微信登录   QQ登录  
声明  |  会员权益     获赠5币     写作写作

1、填表:    下载求助     留言反馈    退款申请
2、咨信平台为文档C2C交易模式,即用户上传的文档直接被用户下载,收益归上传人(含作者)所有;本站仅是提供信息存储空间和展示预览,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容不做任何修改或编辑。所展示的作品文档包括内容和图片全部来源于网络用户和作者上传投稿,我们不确定上传用户享有完全著作权,根据《信息网络传播权保护条例》,如果侵犯了您的版权、权益或隐私,请联系我们,核实后会尽快下架及时删除,并可随时和客服了解处理情况,尊重保护知识产权我们共同努力。
3、文档的总页数、文档格式和文档大小以系统显示为准(内容中显示的页数不一定正确),网站客服只以系统显示的页数、文件格式、文档大小作为仲裁依据,个别因单元格分列造成显示页码不一将协商解决,平台无法对文档的真实性、完整性、权威性、准确性、专业性及其观点立场做任何保证或承诺,下载前须认真查看,确认无误后再购买,务必慎重购买;若有违法违纪将进行移交司法处理,若涉侵权平台将进行基本处罚并下架。
4、本站所有内容均由用户上传,付费前请自行鉴别,如您付费,意味着您已接受本站规则且自行承担风险,本站不进行额外附加服务,虚拟产品一经售出概不退款(未进行购买下载可退充值款),文档一经付费(服务费)、不意味着购买了该文档的版权,仅供个人/单位学习、研究之用,不得用于商业用途,未经授权,严禁复制、发行、汇编、翻译或者网络传播等,侵权必究。
5、如你看到网页展示的文档有www.zixin.com.cn水印,是因预览和防盗链等技术需要对页面进行转换压缩成图而已,我们并不对上传的文档进行任何编辑或修改,文档下载后都不会有水印标识(原文档上传前个别存留的除外),下载后原文更清晰;试题试卷类文档,如果标题没有明确说明有答案则都视为没有答案,请知晓;PPT和DOC文档可被视为“模板”,允许上传人保留章节、目录结构的情况下删减部份的内容;PDF文档不管是原文档转换或图片扫描而得,本站不作要求视为允许,下载前自行私信或留言给上传者【丰****】。
6、本文档所展示的图片、画像、字体、音乐的版权可能需版权方额外授权,请谨慎使用;网站提供的党政主题相关内容(国旗、国徽、党徽--等)目的在于配合国家政策宣传,仅限个人学习分享使用,禁止用于任何广告和商用目的。
7、本文档遇到问题,请及时私信或留言给本站上传会员【丰****】,需本站解决可联系【 微信客服】、【 QQ客服】,若有其他问题请点击或扫码反馈【 服务填表】;文档侵犯商业秘密、侵犯著作权、侵犯人身权等,请点击“【 版权申诉】”(推荐),意见反馈和侵权处理邮箱:1219186828@qq.com;也可以拔打客服电话:4008-655-100;投诉/维权电话:4009-655-100。

注意事项

本文(2023届甘肃省兰州市示范初中高一上数学期末教学质量检测试题含解析.doc)为本站上传会员【丰****】主动上传,咨信网仅是提供信息存储空间和展示预览,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容不做任何修改或编辑。 若此文所含内容侵犯了您的版权或隐私,请立即通知咨信网(发送邮件至1219186828@qq.com、拔打电话4008-655-100或【 微信客服】、【 QQ客服】),核实后会尽快下架及时删除,并可随时和客服了解处理情况,尊重保护知识产权我们共同努力。
温馨提示:如果因为网速或其他原因下载失败请重新下载,重复下载【60天内】不扣币。 服务填表

2023届甘肃省兰州市示范初中高一上数学期末教学质量检测试题含解析.doc

1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共12小题,共60分)1已知幂函数的图象过点,则下列说法中正确的是()A.的定义域为B.的值域为C.为偶函数D.为减函数2已知函数,若当时,恒成立,则实数的取值范围是A.B.C.D.3若函数唯一的一个零点同时在区间、内,那么下列命题中正确的是A.函数在区间内

2、有零点B.函数在区间或内有零点C.函数在区间内无零点D.函数在区间内无零点4若点和都在直线上,又点和点,则A.点和都不直线上B.点和都在直线上C.点直线上且不在直线上D.点不在直线上且在直线上5如图,在平面直角坐标系xOy中,角的顶点与原点O重合,它的始边与x轴的非负半轴重合,终边OP交单位圆O于点P,则点P的坐标为A.,B.,C.,D.6若,则()A.B.C.D.7函数的零点个数为( )A.B.C.D.8将函数的图象上所有的点向右平行移动个单位长度,再把所得各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变),所得图象的函数解析式是A.B.C.D.92019年7月,中国良渚古城遗址获准列入世界遗产名录

3、,标志着中华五千年文明史得到国际社会认可.考古科学家在测定遗址年龄的过程中利用了“放射性物质因衰变而减少”这一规律.已知样本中碳14的质量N随时间t(单位:年)的衰变规律满足(表示碳14原有的质量).经过测定,良渚古城遗址文物样本中碳14的质量是原来的至,据此推测良渚古城存在的时期距今约()年到5730年之间?(参考数据:,)A.4011B.3438C.2865D.229210已知函数的图象与函数的图象关于直线对称,函数是奇函数,且当时,则()A.B.6C.D.711已知函数的定义域与值域均为,则()A.B.C.D.112函数的部分图象如图示,则将的图象向右平移个单位后,得到的图象解析式为()

4、A.B.C.D.二、填空题(本大题共4小题,共20分)13函数 (且)恒过的定点坐标为_,若直线经过点且,则的最小值为_.14若偶函数在区间上单调递增,且,则不等式的解集是_.15若,则=_;_16已知角的终边过点,则_三、解答题(本大题共6小题,共70分)17已知函数是定义域为的奇函数,当时,.(1)求出函数在上解析式;(2)若与有3个交点,求实数的取值范围.18已知集合,(1)当时,求集合;(2)若,“”是“”的充分条件,求实数的取值范围19如图,在平面直角坐标系中,为单位圆上一点,射线OA绕点O按逆时针方向旋转后交单位圆于点B,点B的纵坐标y关于的函数为.(1)求函数的解析式,并求;(2

5、)若,求的值.20计算下列各式的值:(1);(2).21设,其中(1)当时,求函数的图像与直线交点的坐标;(2)若函数有两个不相等的正数零点,求a的取值范围;(3)若函数在上不具有单调性,求a的取值范围22(1)已知求的值(2)已知,且为第四象限角,求的值.参考答案一、选择题(本大题共12小题,共60分)1、C【解析】首先求出幂函数解析式,再根据幂函数的性质一一判断即可.【详解】解:因为幂函数的图象过点,所以,所以,所以,定义域为,且,即为偶函数,因为,所以,所以,故A错误,B错误,C正确,又 在上单调递减,根据偶函数的对称性可得在上单调递增,故D错误;故选:C2、D【解析】是奇函数,单调递增

6、,所以,得,所以,所以,故选D点睛:本题考查函数的奇偶性和单调性应用本题中,结合函数的奇偶性和单调性的特点,转化得到,分参,结合恒成立的特点,得到,求出参数范围3、D【解析】有题意可知,函数唯一的一个零点应在区间内,所以函数在区间内无零点考点:函数的零点个数问题4、B【解析】由题意得:,易得点满足由方程组得,两式相加得,即点 在直线上,故选B.5、D【解析】直接利用任意角的三角函数的定义求得点P的坐标【详解】设,由任意角的三角函数的定义得,点P的坐标为故选D【点睛】本题考查任意角的三角函数的定义,是基础题6、A【解析】利用作为分段点进行比较,从而确定正确答案.【详解】,所以.故选:A7、B【解

7、析】当时,令,故,符合;当时,令,故,符合,所以的零点有2个,选B.8、C【解析】将函数的图象上所有的点向右平行移动个单位长度,所得函数图象的解析式为ysin(x);再把所得图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变),所得图象的函数解析式是.故选C.9、A【解析】由已知条件可得,两边同时取以2为底的对数,化简计算可求得答案【详解】因为碳14的质量是原来的至,所以,两边同时取以2为底的对数得,所以,所以,则推测良渚古城存在的时期距今约在4011年到5730年之间.故选:A.10、D【解析】先求出,再求出即得解.【详解】由已知,函数与函数互为反函数,则由题设,当时,则因为为奇函数,所以.故选

8、:D11、A【解析】根据函数的定义域可得,再根据函数的值域即可得出答案.【详解】解:的解集为,方程的解为或4,则,又因函数的值域为,.故选:A.12、D【解析】由图像知A=1, ,得,则图像向右移个单位后得到的图像解析式为,故选D二、填空题(本大题共4小题,共20分)13、 . .【解析】根据对数函数过定点得过定点,再根据基本不等式“1”的用法求解即可.【详解】解:函数 (且)由函数(且)向上平移1个单位得到,函数(且)过定点,所以函数过定点,即,所以,因为,所以所以,当且仅当,即时等号成立,所以的最小值为故答案为:;14、【解析】根据题意,结合函数的性质,分析可得在区间上的性质,即可得答案.

9、【详解】因为偶函数在区间上单调递增,且,所以在区间上单调上单调递减,且,所以的解集为.故答案为:15、 . .【解析】首先指对互化,求,再求;第二问利用指数运算,对数,化简求值.【详解】,所以;,,所以故答案为:;16、【解析】角的终边过点(3,-4),x=3,y=-4,r=5,cos=故答案为三、解答题(本大题共6小题,共70分)17、(1);(2).【解析】(1)利用函数的奇偶性求出函数的解析式即可(2)与图象交点有3个,画出图象观察,求得实数的取值范围【详解】(1)由于函数是定义域为的奇函数,则; 当时,因为是奇函数,所以.所以.综上:.(2)图象如下图所示:单调增区间: 单调减区间:.

10、因为方程有三个不同的解,由图象可知, ,即18、(1)(2)【解析】(1)先化简集合A,由解得集合,然后利用并集运算求解.(2)根据“”是“”的充分条件,转化为求解.【小问1详解】由得:,即,当时,所以.【小问2详解】因为,所以,由“”是“”的充分条件,则,则,实数的取值范围是.19、(1),;(2).【解析】(1)由三角函数的定义得到,进而代入计算;(2)由已知得,将所求利用诱导公式转化即得.【详解】解:(1)因为,所以,由三角函数定义,得.所以.(2)因为,所以,所以.【点睛】本题考查三角函数的定义,三角函数性质,诱导公式.考查运算求解能力,推理论证能力.考查转化与化归,数形结合等数学思想

11、.已知求时要将已知中角作为整体不分离,观察所求中的角与已知中的角的关系,利用诱导公式直接转化是化简求值的常见类型.20、(1);(2)0.【解析】(1)直接利用根式与分数指数幂的运算法则求解即可,化简过程注意避免出现计算错误;(2)直接利用对数的运算法则求解即可,解答过程注意避免出现计算错误.【详解】(1);(2)21、(1),(2)(3)【解析】(1)联立方程直接计算;(2)根据二次方程零点个数的判别式及函数值正负情况直接求解;(3)根据二次函数单调性可得参数范围.【小问1详解】当时,联立方程,解得:或,即交点坐标为和.【小问2详解】由有两个不相等的正数零点,得方程有两个不等的正实根,即,解得;【小问3详解】函数在上单调递增,在上单调递减;又函数在上不具有单调性,所以,即.22、(1);(2).【解析】(1)由诱导公式得,进而由,将所求的式子化为二次齐次式,进而得到含的式子,从而得解(2)由,结合角的范围可得解.【详解】(1)由,得,所以,.(2),所以,又为第四象限角,所以,所以.

移动网页_全站_页脚广告1

关于我们      便捷服务       自信AI       AI导航        获赠5币

©2010-2024 宁波自信网络信息技术有限公司  版权所有

客服电话:4008-655-100  投诉/维权电话:4009-655-100

gongan.png浙公网安备33021202000488号   

icp.png浙ICP备2021020529号-1  |  浙B2-20240490  

关注我们 :gzh.png    weibo.png    LOFTER.png 

客服