2023届贵州省务川自治县民族寄宿制中学高一数学第一学期期末经典试题含解析.doc

2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本大题共12小题，共60分）1已知，则（）A.B.C.D.2函数的部分图像如图所示，则的值为（ ）A.B.C.D.3已知集合，则A.或B.或C.D.或4菱形ABCD在平面内，PC，则PA与BD的位置关系是（ ）A.平行B.相交但不垂直C.垂直相交D.异面且垂直5方程的解为，若，则A.B.C.D.6已知，则（）A.B.C.D.7函数对于定义域内任意，下述四个结论中，其中正确的个数是（）A.4B.3C.2D.18如图，在平面直角坐标系xOy中，角的顶点与原点O重合，它的始边与x轴的非负半轴重合，终边OP交单位圆O于点P，则点P的坐标为A.，B.，C.，D.9计算cos(780)的值是 ()A.B.C. D. 10已知，则A.-2B.-1C.D.211已知，则直线与直线的位置关系是（ ）A.平行B.相交或异面C.异面D.平行或异面12已知函数，下列说法错误的是（）A.函数在上单调递减B.函数是最小正周期为的周期函数C.若，则方程在区间内，最多有4个不同的根D.函数在区间内，共有6个零点二、填空题（本大题共4小题，共20分）13一个几何体的三视图及其尺寸(单位：cm) ，如右图所示，则该几何体的侧面积为 cm14符号表示不超过的最大整数，如，定义函数，则下列命题中正确是_.函数最大值为；函数的最小值为；函数有无数个零点；函数是增函数；15_16已知函数，若时，恒成立，则实数k的取值范围是_.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17已知向量，（1）若，求向量与的夹角；（2）若函数求当时函数的值域18已知，、在同一个平面直角坐标系中的坐标分别为、（1）若，求角的值；（2）当时，求的值19已知集合，.（1）求，；（2）已知集合，若，求实数的取值范围.20（1）若,求的范围；（2）若，且，求.21已知函数在一个周期内的图像经过点和点，且的图像有一条对称轴为.（1）求的解析式及最小正周期；（2）求的单调递增区间.22黔东南州某银行柜台异地跨行转账手续费的收费标准为；转账不超过200元，每笔收1元：转账不超过10000元，每笔收转账金额的0.5：转账超过10000元时每笔收50元，张黔需要在该银行柜台进行一笔异地跨行转账的业务.（1）若张黔转账的金额为x元，手续费为y元，请将y表示为x的函数：（2）若张黔转账的金额为10t-3996元，他支付的于练费大于5元且小了50元，求t的取值范围.参考答案一、选择题（本大题共12小题，共60分）1、D【解析】根据诱导公式可得，结合二倍角的余弦公式即可直接得出结果.【详解】由题意得，即，所以.故选：D.2、C【解析】根据的最值得出，根据周期得出，利用特殊点计算，从而得出的解析式，再计算.【详解】由函数的最小值可知：，函数的周期：，则，当时，据此可得：，令可得：，则函数的解析式为：，.故选：C.【点睛】本题考查了三角函数的图象与性质，属于中档题.3、A【解析】进行交集、补集的运算即可【详解】；，或故选A【点睛】考查描述法的定义，以及交集、补集的运算4、D【解析】由菱形ABCD平面内,则对角线,又, 可得平面,进而可得,又显然，PA与BD不在同一平面内，可判断其位置关系.【详解】假设PA与BD共面，根据条件点和菱形ABCD都在平面内，这与条件相矛盾.故假设不成立，即PA与BD异面.又在菱形ABCD中，对角线，则且，所以平面平面.则,所以PA与BD异面且垂直.故选：D【点睛】本题考查异面直线的判定和垂直关系的证明,属于基础题.5、C【解析】令，,.函数在区间上有零点选C6、C【解析】先对两边平方，构造齐次式进而求出或，再用正切的二倍角公式即可求解.【详解】解：对两边平方得，进一步整理可得，解得或，于是故选：C【点睛】本题考查同角三角函数关系和正切的二倍角公式，考查运算能力，是中档题.7、B【解析】利用指数的运算性质及指数函数的单调性依次判读4个序号即可.【详解】，正确；，错误；，由，且得，故，正确；由为减函数，可得，正确.故选：B.8、D【解析】直接利用任意角的三角函数的定义求得点P的坐标【详解】设，由任意角的三角函数的定义得，点P的坐标为故选D【点睛】本题考查任意角的三角函数的定义，是基础题9、C【解析】直接利用诱导公式以及特殊角的三角函数求解即可【详解】cos（-780）=cos780=cos60=故选C【点睛】本题考查余弦函数的应用，三角函数的化简求值，考查计算能力10、B【解析】，则，故选B.11、D【解析】由直线平面，直线在平面内，知，或与异面【详解】解：直线平面，直线在平面内，或与异面，故选：D【点睛】本题考查平面的基本性质及其推论，解题时要认真审题，仔细解答12、B【解析】A.由时，判断；B.易知是偶函数，作出其图象判断； C.在同一坐标系中作出的图象判断； D.根据函数是偶函数，利用其图象，判断的零点个数即可.【详解】A.当时，而，上递减，故正确；B.因为，所以是偶函数，当时，作出其图象如图所示：由图象知；函数不是周期函数，故错误；C.在同一坐标系中作出的图象，如图所示：由图象知：当，方程在区间内，最多有4个不同的根，故正确；D.因为函数是偶函数，只求的零点个数即可，如图所示：由函数图象知，在区间内共有3个，所以函数在区间内，共有6个零点，故正确；故选：B二、填空题（本大题共4小题，共20分）13、80【解析】图复原的几何体是正四棱锥，斜高是5cm，底面边长是8cm，侧面积为 485=80（cm2）考点：三视图求面积.点评：本题考查由三视图求几何体的侧面积14、【解析】利用函数中的定义结合函数的最值、周期以及单调性即可求解.【详解】函数，函数的最大值为小于，故不正确；函数的最小值为，故正确；函数每隔一个单位重复一次，所以函数有无数个零点，故正确；由函数图像，结合函数单调性定义可知，函数在定义域内不单调，故不正确；故答案为：【点睛】本题考查的是取整函数问题，在解答时要充分理解的含义，注意对新函数的最值、单调性以及周期性加以分析，属于基础题.15、【解析】利用指数的运算法则和对数的运算法则即求.【详解】原式.故答案为：.16、【解析】当时，当时，又，如图所示：当时，在处取得最大值，且，令，则数列是以1为首项，以为公比的等比数列，若时，恒成立，只需，当上，均有恒成立，结合图形知：，令，当时，当时，最大，.考点：1.函数图像；2.恒成立问题；3.数列的最值.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17、（1）（2）【解析】（1）首先求出的坐标，再根据数量积、向量夹角的坐标公式计算可得；（2）根据数量积的坐标公式、二倍角公式以及辅助角公式化简函数解析式，再根据的取值范围，求出的范围，最后根据正弦函数的性质计算可得；【小问1详解】解：因为，当时，又.所以，所以，因为，所以向量与的夹角为.【小问2详解】解:因为，所以，当时，所以，则因此函数在时的值域为18、（1） （2）-【解析】首先可以通过、写出和，然后通过化简可得，最后通过即可得出角的值；首先可通过化简得到，再通过化简得到，最后对化简即可得到的值【详解】已知、，所以，因为，所以化简得，即，因为，所以；由可得，化简得，所以，所以，综上所述，【点睛】本题考查了三角函数以及向量的相关性质，主要考查了三角恒等变换的相关性质以及向量的运算的相关性质，考查了计算能力，考查了化归与转化思想，锻炼了学生对于公式的使用，是难题19、（1），；（2）.【解析】（1）求出集合，再由集合的交、并、补运算即可求解.（2）根据集合的包含关系列出不等式：且，解不等式即可求解.【详解】（1），.，；（2）由（1）知，由，可得且，解得.综上所述：的取值范围是20、（1）；（2）.【解析】(1)利用公式 化简函数解析式可得 ，将函数解析式代入不等式得 ，即可求得x的取值范围；(2)由求得，根据的范围求出，从而求得，再利用两角差的余弦公式即可得解.【详解】若，则，(2) 因为，所以，因为，所以，,【点睛】本题考查三角函数和差化积公式，两角和与差的正弦公式，同角三角函数的平方关系，计算时注意角的取值范围，属于中档题.21、（1），；（2）.【解析】（1）由函数图象经过点且f（x）的图象有一条对称轴为直线，可得最大值A，且能得周期并求得，由五点法作图求出的值，可得函数的解析式（2）利用正弦函数的单调性求得f（x）的单调递增区间【详解】（1）函数f（x）Asin（x+）（A0，0，）在一个周期内的图象经过点，且f（x）的图象有一条对称轴为直线，故最大值A4，且,，3所以.因为的图象经过点，所以，所以，.因为，所以，所以.（2）因为，所以，所以，即的单调递增区间为.【点睛】本题主要考查由函数yAsin（x+）的性质求解析式，通常由函数的最大值求出A，由周期求出，由五点法作图求出的值，考查了正弦型函数的单调性问题，属于基础题22、（1）（2）【解析】（1）根据已知条件，写成分段函数，即可求解；（2）根据已知条件，结合指数函数的性质，即可求解【小问1详解】解：当时，当时，当时，故；【小问2详解】解：从（1）中的分段函数得，如果张黔支付的手续费大于5元且小于50元，则转账金额大于1000元，且小于10000元，则只需要考虑当时的情况即可，由，所以，得，得，即实数t的取值范围是