2025年贵州省物理高一上期末学业质量监测试题含解析.doc

2025年贵州省物理高一上期末学业质量监测试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，某同学站在体重计上观察体重计示数的变化情况。从静止站姿变化到静止的蹲姿称为“下蹲”过程；从静止的蹲姿变化到静止的站姿称为“起立”过程。她静止站立时，体重计的示数为m0，关于这一现象，下列说法正确的是（　　）

A.“起立”过程，体重计的示数一直大于m0
B.“下蹲”过程，体重计的示数一直小于m0
C.“起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于m0的现象
D.“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象
2、如图所示，两个质量均为m的物体A、B叠放在光滑水平面上，A与B间的动摩擦因数为μ.现用水平外力F拉物体A，要将A拉离物体B，则F至少大于（）

A.0.5μmg B.μmg
C.2μmg D.3μmg
3、如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为，木板与地面间的动摩擦因数为，有以下几种说法：
①木板受到地面的摩擦力的大小一定是
②木板受到地面的摩擦力的大小一定是
③当时，木板便会开始运动
④无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动

则上述说法正确的是（　　）
A.②③ B.①④
C.①② D.②④
4、将如图所示的力F分解为和两个分力，已知的大小和与F之间的夹角．则下列说法正确的是（）

A若，则一定有两解 B.若，则有唯一解
C.若，则有唯一解 D.若，则一定无解
5、图甲是某人站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图,点 P 是他的重心位置．图乙是根据力传感器采集到的数据作出的力−时间图线．两图中 a∼g 各点均对应,其中有几个点在图甲中没有画出.g 取 10m/s2.根据图象分析可知( )

A.此人的重力为 750N B.b 点是此人下蹲至最低点的位置
C.此人在 f 点的加速度等于零 D.此人在 d 点的加速度等于 20m/s2
6、如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的固定斜面上，物体与斜面之间的动摩擦因数为μ，用水平推力F作用于物体上，能使物体保持静止，重力加速度为g，则下列说法正确的是

A.摩擦力一定沿斜面向上
B.摩擦力一定沿斜面向下
C.摩擦力的大小不可能为0
D.摩擦力的大小可能为
7、细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如右图所示．(已知 cos53°＝0.6，sin53°＝0.8)以下说法正确的是( )

A.小球静止时弹簧的弹力大小为mg
B.小球静止时细绳的拉力大小为mg
C.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
D.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
8、在一次学校的升旗仪式中，小明观察到拴在国旗上端和下端各有一根绳子，随着国旗的徐徐升起，上端的绳子与旗杆的夹角在变大，下端的绳子几乎是松弛的，如图所示。设风力水平，两绳重力忽略不计，由此可判断在国旗升起的过程中（ 　）

A.上端的绳子的拉力先减小后增大
B.上端的绳子的拉力在逐渐增大
C.风力在逐渐增大
D.风力在先减小后增大
9、如图所示，P、Q是高度不同的两点，P点比Q点高，从P、Q两点同时相向水平抛出两个小球，其运动轨迹相交于A点，则以下说法正确的是

A.P、Q两球在A点相遇
B.Q小球先落地
C.从抛出到落地的整个过程中，P小球的速度变化量比Q的速度变化量大
D.整个过程中两球的速度变化量有可能相等
10、如图所示，五块质量均为m的砖用两块竖直的木板用力夹着在空中保持静止，则　　

A.砖2对砖1的摩擦力竖直向下 B.砖3对砖4的摩擦力竖直向上
C.木板对砖5的摩擦力大小为 D.砖3对砖2的摩擦力大小为
11、与物体的重力势能有关的因素是（）
A.物体的质量 B.物体的速度
C.物体和参考平面之间的高度差 D.物体的大小
12、汽车在平直路面上以20m/s的速度匀速行驶，发现前方50m处有一障碍物， 立即刹车(可视为匀减速运动)。为了保障安全，汽车刹车的加速度大小可能为
A.2.5m/s2 B.3.5m/s2
C.4.5m/s2 D.5.5m/s2
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、电磁打点计时器是中学研究物体运动时常用的实验器材，某同学用如下图所示装置测量自由落体加速度g，得到如图所示的一段纸带，他每5个计时点取一个计数点，分别记为A、B、C……，测得AB=9.17cm，BC=18.77cm，已知交流电频率为50Hz，则利用所给数据测得打B点时重物的瞬时速度大小为___________，测得自由落体加速度g=_______m/s2，它比公认的g值__________（填“偏大”或“偏小”），可能的原因是______________．（结果要求均保留三位有效数字）。

14、在“探究小车加速度与质量、合力的关系”的实验中，
（1）对小车进行平衡摩擦力操作：调节导轨的倾角，使小车做______________________________
（2）某学生在平衡摩擦力时，把导轨一端垫得过低，使得倾角偏小，他所得的a-F关系可用哪根图线表示（图中，a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力）（ ）

(3) 某同学在平衡摩擦力后,保持小车的质量M不变,改变砂桶与砂的总重力F,多次实验,根据得到的数据,在图象中描点,如图乙所示,结果发现右侧若干个点明显偏离直线,造成此结果的主要原因是___________________，若不断增加砂桶中砂的质量,图象中给点连成的曲线将不断延伸,加速度的趋向值为_______________________

15、某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为l1，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺(最小分度是1毫米)上位置的放大图，示数l1=_____cm。已知钩码质量是50g，此时弹簧弹力F1=____N (当地重力加速度g=9.8m/s2)。在弹簧下端再分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是l2、l3、l4、l5.要得到弹簧伸长量x，还需要测量的是____。作出 F-x曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，长为L的轻绳下端连着质量为m的小球，上端悬于天花板上．当把轻绳拉直时，小球静止于光滑的水平桌面上，轻绳与竖方向的夹角θ=，重力加速度为g。当小球以角速度做圆周运动时，求轻绳对小球的拉力大小与桌面对小球的支持力大小。

17、（10分）直升机沿水平方向匀速飞往水源取水灭火，悬挂着m＝500kg空箱的悬索与竖直方向的夹角＝45°.直升机取水后飞往火场，加速度沿水平方向，大小稳定在a=1.5m/s2时，悬索与竖直方向的夹角＝14°.如果空气阻力大小不变，且忽略悬索的质量，试求空气的阻力及水箱中水的质量M.（取重力加速度g=10m/s2；sin14°≈0.242；cos14°≈0.970）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．“起立”过程中人先做向上的加速运动后做向上的减速运动，人先处于超重状态后处于失重状态，体重计示数先大于m0后小于m0，故A错误；
BD．“下蹲”过程中人先向下做加速运动后向下做减速运动，先处于失重后处于超重状态，体重计示数先小于m0后大于m0，故B错误，D错误；
C．由前面的分析可知“起立”、“下蹲”过程都能出现体重计示数大于m0的现象，故C正确。
故选C。
2、C
【解析】拉力F作用在A上，B产生的最大加速度为，对A由牛顿第二定律得：，解得：，故选C.
3、B
【解析】①②．对木板：水平方向受到木块对它向右的滑动摩擦力f1和地面的向左的静摩擦力f2的作用，由平衡条件得

①正确，②错误；
③④．木块对木板的摩擦力为

地面对木板的最大静摩擦力为

所以木块对木板的摩擦力f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当F改变时，f1不变，则木板不可能运动，③错误，④正确。
因此说法正确是①④，选项B正确，ACD错误。
故选B
4、B
【解析】AD．当时，画出力的平行四边形定则如答图所示，可知有两解，根据图分析可知，当时，只有一解，故AD错误；
B．当时，两分力和合力恰好构成矢量直角三角形，有唯一解，B正确；
C．时，分力和合力不能构成矢量三角形，无解，C错误

5、D
【解析】开始时的人对传感器的压力等于其重力，人下蹲过程中先加速下降，后再减速下降，即先是失重后是超重状态；
【详解】A、开始时人处于平衡状态，人对传感器的压力是，根据牛顿第三定律和平衡条件可知，人的重力为，故A错误；
B、人下蹲过程中先加速下降，到达一个最大速度后再减速下降，当人下蹲到最低点时合力向上，传感器对人的支持力大于重力，根据牛顿第三定律可知人对传感器压力也大于重力，即F大于重力，由乙图可知b点时人对传感器的压力小于其重力，故B错误；
C、f点时人对传感器为零，意味着这人已经离开传感器，则此时人只受重力即人的加速度为重力加速度g，故C错误；
D、人在d点时根据牛顿第二定律有：，故D正确
【点睛】本题考查了超重和失重现象，明确人下蹲和起立过程中速度、力的变化、加速度的变化是重点
6、D
【解析】假设摩擦力的方向沿斜面向下，则物体的受力分析如图所示：

沿斜面方向和垂直于斜面方向进行正交分解得：

当时，，摩擦力大小，摩擦力方向沿斜面向下；
当时，，摩擦力大小为，摩擦力方向沿斜面向上；
当时，；
综上所述，ABC错误，D正确；
故选D。
7、AD
【解析】小球静止时，分析受力情况，如图；

由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=mg；细绳的拉力大小为：．故A正确，B错误；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：．故C错误，D正确．故选AD
【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键
8、BC
【解析】下端的绳子几乎是松弛的，说明下端的绳子对国旗没有拉力。对国旗受力分析如图

则由平衡条件

解得

由上端的绳子与旗杆的夹角在变大，可知 变大，则上端的绳子的拉力T在逐渐增大，风力F在逐渐增大。故AD错误，BC正确。
故选BC。
9、BC
【解析】若在A点相遇，则到A点的运动时间相同，但是根据做平抛运动的时间可知由于两者的下落高度不同，所以到A点的运动时间不同，故不可能在A点相遇，A错误；根据可得由于P球下落的高度最大，所以所用时间最长，最后落地，B正确；在整个运动过程中，两者的加速度恒为g，速度变化量，而P所用时间最长，所以速度变化量最大，C正确D错误；
【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解
10、ACD
【解析】C、将5块砖看成一个整体，对整体进行受力分析，在竖直方向共受到三个力的作用：竖直向下的重力5mg，两个相等的竖直向上的摩擦力，由平衡条件可得第1块砖和第5块砖受到木板的摩擦力均为2.5mg故C正确；
A、对第1块受力分析，在竖直方向共受到三个力作用，竖直向下的重力mg，木板对第1块砖向上的摩擦力2.5mg，由平衡条件可得第2块砖对第1块砖之间的摩擦力为1.5mg，方向向上，故A正确；
B、将第4块砖和第5块砖当作一个整体隔离后进行受力分析，在竖直方向共受到三个力作用，竖直向下的重力2mg，木板对第5块砖向上的摩擦力2.5mg，由平衡条件可得第3块砖对第4块砖之间的摩擦力为0.5mg，方向向下，故B错误；
D、将第3块砖从系统中隔离出来受力分析，在竖直方向它受到三个力作用，竖直向下的重力mg，第4块砖对第3块砖向上的摩擦力0.5mg，由平衡条件可得第2块对第3块的摩擦力大小为0.5mg，方向向上，根据牛顿第三定律可知第3块对第2块的摩擦力大小为0.5mg，方向向下，故D正确；
故选ACD
11、AC
【解析】物体重力势能的表达式：，由物体的重力和物体距参考平面的高度决定，AC正确，BD错误；
故选AC
12、CD
【解析】已知v0=20m/s，x=50m，vt=0
由

得

故加速度的大小至少为4m/s2，故AB错误，CD正确。
故选CD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.1.40m/s; ②.9.60; ③.偏小； ④.纸带受到打点计时器的摩擦阻力及重锤受到空气的阻力；
【解析】[1]根据平均速度代替瞬时速度求B点速度，根据逐差法可以算出小车的加速度;每5个计时点取一个计数点，因此相邻计数点的时间间隔为T=0.2s；时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度

[2]根据匀变速直线运动的推论

[3][4]由于纸带与打点计时器的摩擦阻力及重锤受到空气阻力的作用，计算出的值比公认的值要偏小一些
14、 ①.匀速直线运动 ②.D ③.没有满足M＞＞m ④.g
【解析】（1）对小车进行平衡摩擦力操作：调节导轨的倾角，使小车能沿斜面做匀速直线运动；
（2）在平衡摩擦力时，把导轨一端垫得过低，使得倾角偏小，则小车重力沿斜面向下的分力小于其受到的最大静摩擦力，故在绳子拉力增加到一定程度时，小车才开始运动，出现加速度
故本小题选D；
（3）①由于刚开始a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：，解得，而实际，，可见明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的；②因为砂桶与砂的重力在这个实验中充当小车所受到的合外力，当砂桶与砂的重力非常大时，它将带动小车近似做加速度为g 的运动，即不断增加砂桶中砂的质量，a-F图象中给点连成的曲线将不断延伸，加速度的趋向值为g
【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后结合物理规律去解决实验问题，知道平衡摩擦力的方法，难度适中
15、 ①.25.86 ②.0.49 ③.弹簧的原长
【解析】[1] 由刻度尺的读数方法可知图2中的读数为：25.86cm；
[2]根据平衡可知，弹力等于砝码的重力；
[3]本实验中需要是弹簧的形变量，故还应测量弹簧的原长；

三．计算题(22分)
16、mg，
【解析】对小球受力分析，作出力图如图，根据牛顿第二定律，得

又

联立解得

17、5000N ；4.5×103kg.
【解析】（1）对箱子受力分析，根据共点力平衡求出空气阻力的大小
（2）对箱子和水整体分析，在竖直方向上合力等于0，水平方向上有合力，根据牛顿第二定律求出水箱中水的质量
【详解】（1）直升机水平匀速飞往水源时，对箱子进行受力分析可得图，F阻=mg×tanθ1=5000N

（2）直升机水平匀加速飞往火源时，对箱子合水进行受力分析可得图，进行正交分解可得：

X方向可得 T'×sinθ2-F阻=（m+M）a
Y方向可得 T'×cosθ2=（m+M）g
得：M=4.5×103kg
【点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，根据牛顿第二定律，运用正交分解进行求解