1、参考答案
一、单项选择题
1、A 2、A 3、B 4、D 5、A 5、A
二、多项选择题
6、ABD 7、BD 8、BCD 9、BCD
三、简答题
10、（1）0.1s内放电的电量 （2分） （2）5.52×10-3C （3分）
（3）6.9×10-4F （3分）
11、①因为对物体做的功W与物体初始位置到测速器的距离L成正比。（3分）
②下一步应该绘制L-2图象（2分）
③不会(1分)； 摩擦力和重力的合力对物体做功也与距离L成正比。(2分)
2、
12、（1）甲同学的测量误差更小，因为待测电阻阻值比较小，比电压表的内阻小得多，跟电流表的内阻相当，因此电压表引起的误差比电流表引起的误差小得多（4分）
（2）小（3分）
（3）一条长为l、电阻为R的导体，我们可以把它看成是由n段长度同为l1电阻同为R1的导体串联而成的，这n段导体的材料、横截面积都相同。总长度l与每段长度l1的关系为，另一方面，由串联电路的性质可知：即： 对比两式可知： ，即在横截面积、材料相同的条件下，导体的电阻与长度成正比。（5分）
四、论述计算题
14、（共12分）
（1）人在斜面上受力如图所示，建立图示坐标系，设人在斜坡上滑下的加速度为a1，
由
3、牛顿第二定律有
———————— 2分
————————1分
又 ——1分
联立解得 a1 = g（sinθ－μcosθ）——————1分
代入数据得 a1 = 2.0 m/s2——————————1分
（2）人滑到B点时 =10m/s ——2分
在水平轨道上运动时=m ————————————————1分 = =5m/s ——————————————————————————1分
由 ————————1分 s==10m————1分
15、（共12分）
解：（1）设卫星在半径为r的轨道上做匀速圆周运
4、动的速度为v，地球的质量为M，
卫星的质量为m。有万有引力提供卫星做圆周运动的向心力：
（1分）
所以，人造卫星的动能： （1分）
卫星在轨道上具有的引力势能为： （1分）
所以卫星具有的机械能为：
所以： （2分）
（2）设物体在地于表面的速度为v2，当它脱离地球引力时，此时速度为零，由机械能守恒定律得：
5、 （2分）
得： （1分）
（3）第一宇宙速度即为绕地球表面运行的速度，故有：
得 （2分）
所以有： （2分）
16、（共12分）
（1）温度最低档 （1分）， （1分）
最高温度最高档 （1分），№ （1分）
（1分）， 。
所以变阻器阻值范围是0到300Ω（1分）。
6、2）此时电熨斗表面温度与环境温度之差（1分），
由图像知电熨斗每秒钟散发的热量q=440J（1分），
要保持电熨斗的表面温度不变，则电熨斗的电功率P=440W（1分），
（1分）， （1分），
（1分）。 应将R调至10Ω。
17、（共14分）
（1）P自由落下第一次到达边界MN时h＝ gt2，t＝2s ——1分
vp2＝2gh ——1分
P到达边界MN时速度vp＝＝20m/s ——1分
P进入相互作
7、用区域时，kmg－mg＝ma
a＝（k－1）g＝400m/s2 ——1分
第一次在相互作用区域中运动时T＝2×＝0.2s ——1分
（2）P在相互作用区域中运动的T末，又越过MN，速度大小又等于vp，然后做竖直上抛运动回到原出发点，接着又重复上述运动过程．每当P从出发点运动到MN的时间t内，板Q加速度a1向左，a1＝＝μg＝0.2m/s2 ——1分
每当P在相互作用区中运动的时间T内，板Q加速度a2向左
a2＝＝1.225m/s2
8、 ——1分
P第2次经过MN边界时，板Q的速度v＝v0－a1t－a2T ——1分
v＝（8－0.2 × 2－1.225 × 0.1）m/s＝7.48m/s ——1分
（3）v1＝v0－a1t＝8－0.2× 2＝7.6 m/s ——1分
DE＝Mv12－Mv2＝0.925 J ——1分
（4）设板Q速度为零时，P一共回到出发点n次。由以上分析得：
v0－2na1t－na2T＝0 ——1分
代入数据，解得n＝8.7 ——1分
故n取8 ——1分
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