2022年自主招生物理试卷解析版.doc

高中自主招生物理试卷（1）
一、单项选用题
1．下列有关光现象说法中，对旳是（　　）
A．小孔成像是由于光沿直线传播形成 B．岸边景物在水中形成倒影，属于光折射现象
C．斜插入水中筷子仿佛在水面处折断，属于光反射现象
D．能从不同方向看见不发光物体，是由于光在其表面发生了镜面反射
2．容器内盛有某些盐水，在盐水中放入一块淡水凝固成冰，冰熔化后（　　）
A．盐水密度减小，液面上升 B．盐水密度减小，液面不变
C．盐水密度减小，液面下降 D．盐水密度不变，液面也不变
3．一种充气气球下面挂一种金属块，把它们放入水中某处恰能静止，如图所示．如果把金属块及气球位置轻轻向上移某些，则金属块和气球（　　）
A．仍能静止 B．向下运动 C．向上运动 D．上下晃动
4．有两个温度和质量都相似金属球，先把甲球放入盛有热水杯中，热平衡后水温减少了△t．把甲球取出，再将乙球放入杯中，热平衡后水温又减少了△t，则甲球比热c甲和乙球比热c乙大小关系是（　　）
A．c甲＞c乙 B．c甲＜c乙 C．c甲=c乙 D．以上三种状况均有也许
5．如图所示，密度分布均匀圆柱形棒一端悬挂一种小铁块并一起浸入水中．平衡时棒浮出水面长度是浸在水中长度n倍．若水密度为ρ，则棒密度为（　　）
A． B． C． D．
6．卫星绕地球运营时运动可看做是绕地心匀速圆周运动，即相等时间内通过圆弧长度相等运动，卫星绕地球完整一周所用时间叫做运营周期T．如图所示，A、B分别为地球人造卫星，周期分别为T1和T2（T1＞T2），某时刻A、B两卫星相距近来（O、B、A在同始终线上），O为地球中心，则A、B两卫星再一次相距近来至少需要通过时间为（　　）
A．T1﹣T2 B． C． D．
二、不定项选用题（共3题，每题4分，共12分，每题至少有-个对旳选项，选对但不全2分，有错选得0分）
7．下列说法中对旳是（　　）
A．零下18℃液体能发生汽化现象
B．发生扩散现象因素是气体分子不断地做无规则运动
C．烧水时常看到“白气”，从水到“白气”物态变化是先汽化后液化
D．寒冷冬夜，家里窗户玻璃上“冰花”，是由于室外空气中水蒸气凝华形成
8．在如图所示电路中，R0、R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向下滑动时，四个抱负电体现数都发生变化，电体现数分别用I、U1、U2和 U3体现，电体现数变化量分别用△I、△U1、△U2和△U3体现．则在滑片P向下滑动过程中（　　）

A．不变， 不变 B．U2=U1+U3 C．不变 D．|△U2|=|△U1|+|△U3|
9．如图所示，水平地面上放置相似材料制成四个木块，其中两个质量为m木块间用一不可伸长水平轻绳相连，下面两个木块质量分别为2m和3m．现用水平拉力F拉其中一种质量为3m木块，使四个木块一同水平向右匀速运动，则（　　）
A．质量为3m木块与地面间摩擦力为
B．质量为2m木块与地面间摩擦力为
C．轻绳对m拉力为 D．轻绳对m拉力为
三、填空题（共3小题，每空2分，满分18分）
10．如图是凸透镜成像装置，焦距为15cm凸透镜固定在光具座50cm 刻度线处．

（1）蜡烛在10cm刻度线时，光屏上成清晰像，则该像是　　　　　　实像．（放大、等大、缩小）
（2）蜡烛在30cm刻度线处时，光屏上成清晰像，则该像 是　　　　　　实像．（放大、等大、缩小）
（3）蜡烛在40cm刻度线处时，光屏上成清晰像，从凸透镜右侧通过凸透镜可以看到烛焰　　　　　　像．（倒立、正立）
11．“220V，100W”白炽灯泡电流I和电压U关系图象如图（a）所示．根据图象回答：
（1）若将两只相似这种灯泡串联，然后接在220V恒压电源上，则两只灯泡实际消耗总电功率为　　　　　　W；
（2）若取三只相似这种灯泡，按如图（b）所示电路连接，然后将A、B两端接在220V恒压电源上，则这三只灯泡实际消耗总电功率为　　　　　　W．
12．常用电压表其实是由小量程电流表G（简称表头）改装而成．从电路角度看，表头就是一种电阻，同样遵循欧姆定律．表头与其她电阻不同仅在于通过表头电流可从刻度盘上读出来．
（1）如图是某一表头G刻度盘，其量程为0～3mA，内阻（即表头自身电阻）是10Ω．使用时，指针指着某一电流刻度，体现流过表头电流为某一数值，也意味着表头两端具有一定大小电压．若指针指在2mA刻度时，相应电压为　　　　　　V．
（2）将表头改装成电压表就是给表头串联一定值电阻，串联好表头和定值电阻即为改装后电压表，这样改装电压表两端可加电压范畴扩大．现需将（1）中表头改装成量程为3V电压表，则需串联电阻阻值为　　　　　　Ω，改装后电压表内阻为　　　　　　Ω．
（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，即体现加在电压表两端电压为　　　　　　V．
四.计算题（本题共3小题，每题14分，共42分）
13．如图甲所示是工人运用滑轮组从竖直深井中提取泥土情形，所用动滑轮和筐受到总重力为40N．某次操作中，将泥土以0.5m/s速度匀速提起，在此过程中工人拉力F所做功随时间变化图象如图乙所示．不计细绳重及摩擦，g取10N/kg．求：
（1）人拉绳时沿绳速度？
（2）泥土重是多少？
（3）运用该装置提高泥土机械效率．

14．如图，某人想用离心泵将湖中水抽到C处养鱼池中．规定在30min内至少向养鱼池中输水120m3，既有如下问题：
（1）A、B处各有一种平台，离心泵应放在什么位置，请阐明理由．
（2）如果某型号离心式水泵扬程为15m，功率为17kW．效率为0.6，试通过计算阐明这台水泵与否可满足需求？
（3）为了节省资金，有人提出所有采购比硬质管便宜、并且与水泵管径相符橡皮管配套使用，你觉得与否可行，为什么？说出你方案（g取10N/kg）

四川省广安市友谊中学自主招生物理试卷
参照答案与试题解析

一、单项选用题
1．【分析】分别分析题中四个选项中现象形成因素即可解答．
【解答】解：A、小孔成像是由于光沿直线传播形成，故A对旳；
B、岸边景物在水中形成倒影，属于平面镜成像，是光反射现象，故B错误；
C、斜插入水中筷子仿佛在水面处折断，属于光折射现象，故C错误；
D、能从不同方向看见不发光物体，是由于光在其表面发生了漫反射，反射光线向各个方向均有，故D错误．
故选A．
【点评】本题考察了光直线传播，要解决此题要理解某些光直线传播产生现象及其她光现象，属于基本内容，比较简朴．
2．【分析】（1）冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水体积V排．
（2）求出当冰熔化之后水体积V水．
（3）比较V排与V水大小，如果冰化成水体积不不不小于冰块排开浓盐水体积，液面上升；如果冰化成水体积等于冰块排开浓盐水体积，液面不变；如果冰化成水体积不不小于冰块排开浓盐水体积，液面下降．
【解答】解：
冰块漂浮在水面上，因此，F浮=G冰，ρ盐水gV排=ρ冰gV冰，V排=，
冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，因此，m冰=m水，ρ冰V冰=ρ水V水，V水=，
由于ρ盐水＞ρ水，
因此，V水＞V排，
因此液面上升；
由于盐水里增长了一某些水，因此盐水密度会减小．
故选A．
【点评】这是一类习题，此类习题都采用相似思路（比较V排与V水大小）进行解题．例如：
水面上漂着一块冰，冰熔化后水面如何变化？
冰里有一块小石块，冰漂在水面上，冰熔化后水面如何变化？
冰里有一块小木块，冰漂在水面上，冰熔化后水面如何变化？
3．【分析】本题由液体压强可得气球体积变化，由体积变化可得浮力变化，由力和运动关系可知物体运动状况．
【解答】解：气球和金属块在水中静止，故所受浮力与气球及金属块重力相等．当气球上移时，所在处压强变小，则气球体积变大，故气球所受浮力变大，浮力不不不小于重力，故金属块和气球上浮．
故选C．
【点评】本题应注意考虑气球体积与压强关系．
4．【分析】甲、乙两球，先后投入到同一杯水中，甲乙物体吸取热量、温度升高，水放出热量、温度减少；
由题知，两次水减少温度相似，也就是水放出热量相似，甲乙两球吸取热量相似；
而甲、乙两球质量相等、初温相似，经吸热后，乙球末温比甲球末温低△t；
由上述分析可知，质量相似甲乙两球，吸取相似热量，乙球升高温度少，因此乙球比热容大．
【解答】解：先后将甲乙两球投入到同一杯水中，水减少温度相似，水放出热量相似，
∵由题知，Q吸=Q放，
∴甲乙两球吸取热量相似，
而乙球比甲球少升高了△t，即乙球末温低；
由上述分析可知，质量相似甲乙两球，吸取相似热量，乙球升高温度少，因此乙球比热容大．
故选B．
【点评】本题考察了比热容概念、热平衡方程、热量公式，能拟定甲乙两球末温关系是本题核心．
5．【分析】设出棒横截面积和水中棒长度，进一步可知整个棒长度，根据ρ=体现出棒质量，根据G=mg体现出棒重力，根据阿基米德原理体现出棒受到浮力，由相似三角形相应边成比例得出棒重力和浮力力臂之比，以C为支点，A是棒重心（即棒中心），由杠杆平衡条件得出等式即可求出棒密度．
【解答】解：设棒横截面积为S，水中棒长度为L，则露出长度为nL，整个棒长度为（n+1）L，如图所示：

由ρ=可得，棒质量：
m棒=ρ棒V棒=ρ棒S（n+1）L，
棒重力：
G棒=m棒g=ρ棒S（n+1）Lg，
棒受到浮力：
F浮=ρgV排=ρgSL，
由相似三角形相应边成比例可得：
===n+1，
以C为支点，A是棒重心（即棒中心），由杠杆平衡条件可得：
G棒×CE=F浮×CD，
即ρ棒S（n+1）Lg×CE=ρgSL×CD，
则ρ棒=ρ=×ρ=×ρ=ρ．
故选C．
【点评】本题考察了密度计算，波及到密度公式和阿基米德原理以及杠杆平衡条件应用，运用好相似三角形相应边成比例性质较核心．
6．【分析】两行星相距近来时，两行星应当在同一半径方向上，两行星相距最远时，两行星应当在同始终径上，由于A周期小，故A转得较快，当A比B多转一圈时两行星再次相距近来．
【解答】解：多转动一圈时，第二次追上，有：
t﹣t=﹣2π，
解得：
t=．
故ABD错误，C对旳．
故选C．
【点评】根据几何关系得到两颗卫星相距近来和相距最远所满足角度关系，近来时两卫星在同一半径上角度差为2π弧度，卫星相距最远时，两卫星在同始终径上，转过角度差为π弧度．
二、不定项选用题（共3题，每题4分，共12分，每题至少有-个对旳选项，选对但不全2分，有错选得0分）
7．【分析】A、蒸发是在任何温度下可以进行；
B、任何物质都可以产生扩散现象，任何物质分子都在不断地做无规则运动；
C、白气生成是由水沸腾时产生水蒸气液化形成；
D、凝华是由于气体遇冷直接变为固体形成，根据其形成因素进行判断．
【解答】解：A、蒸发可以在任何温度下进行，因此A说法对旳；
B、发生扩散现象也也许是固体或液体分子无规则运动，因此B错误；
C、烧水时常看到“白气”，是由于水一方面汽化为热水蒸气，然后遇冷液化形成，因此C对旳；
D、家里窗户玻璃上“冰花”，是由室内温度较高水蒸气遇到冷玻璃凝华形成，应当在室内，因此D错误．
故选AC．
【点评】此题考察了汽化、液化、凝华及分子动理论内容，要纯熟掌握基本知识，分析某些现象形成因素．
8．【分析】由电路图可知，R0、R1与R2串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压，电压表V3测R1与R2串联总电压，电流表测电路中电流；当滑动变阻器滑动触头P向下滑动时，根据串联电路中电流特点和电压特点，及欧姆定律逐项判断即可得出答案．
【解答】解：通过度析电路图可知，R0、R1、R2串联，R0、R1为定值电阻；
滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中电阻变大，电路中总电阻变大，
由I=，因此电路中电流变小；
由U=IR可得，R0、R1两端电压变小；
由串联电路中总电压等于各分电压之和，因此滑动变阻器两端电压变大；
A、由R=可知，即R1=，由于R1为定值电阻，因此不变；
△U1=U1﹣U1′=△IR1，由于R1是定值电阻，因此比值不变，故A对旳；
B、串联电路中总电压等于各分电压之和，因此U3=U1+U2，故B错误；
C、总电压保持不变，
△U3=△U0=△IR0，由于R0是定值电阻，因此比值不变，故C对旳；
D、△U3=△IR0
△U1=△IR1
△U2=△I（R0+R1）
因此|△U2|=|△U1|+|△U3|；故D对旳．
故选ACD
【点评】分清电路图，运用等效电阻法，根据电阻变化拟定比值变化是解决本题核心．
9．【分析】要使四个木块以同一匀速运动，采用整体与隔离法分析各某些受力状况，再对左侧两物体分析可求得绳子最大拉力．
【解答】解：图中四个木块质量和是m+m+2m+3m=7m，因此质量为3m木块与地面间摩擦力为=，质量为2m木块与地面间摩擦力为，轻绳对m拉力和质量为2m木块与地面间摩擦力相等，故A、C对旳，B、D错误．
故选：AC．
【点评】本题考察摩擦力问题，此题要综合分析．
三、填空题（共3小题，每空2分，满分18分）
10．【分析】（1）根据物距不不不小于2倍焦距时，成倒立缩小实像特点进行判断；
（2）根据物距处在1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大实像特点进行判断；
（3）根据物距不不小于焦距时，成正立放大虚像特点进行判断．
【解答】解：由题意知：f=15cm，因此2f=30cm．
（1）当物体在光具座上10cm刻度线处时，物距等于40cm，不不不小于2倍焦距，成倒立缩小实像；
（2）当物体在光具座上30cm刻度线处时，物距等于20cm，处在1倍和2倍焦距之间，成倒立放大实像；
（3）当物体在光具座上40cm刻度线处时，物距等于10cm，不不小于焦距，成放大正立虚像．
故答案为：（1）缩小；（2）放大；（3）正立．
【点评】掌握凸透镜成像三种状况和应用：u＞2f，成倒立、缩小实像，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大实像，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大虚像，应用于放大镜和老花镜．

11．【分析】（1）已知两只完全相似灯泡串联，通过电流相等，电阻相等，根据欧姆定律可知，灯泡两端电压也相等，从图象上找到相应电压和电流，根据公式P=UI可求两只灯泡实际消耗总功率．
（2）两并一串，则流过并联着两个灯泡上电流为流过第三个灯泡上一半，在图中找到这样特殊两点：电压之和为220V，通过电流为二倍关系，可得干路上电流，运用P=UI求解．
【解答】解：
（1）将两只相似这种灯泡串联在220V电源上，每只灯泡两端电压为110V，此时电流为0.38A，
因此两只灯泡实际消耗总功率P=UI=220V×0.38A=83.6W；
（2）由图b可知两个并联再和第三个串联，由串联电路电流到处相等可知，分别流过并联着两个灯泡上电流为流过第三个灯泡上一半，设通过第三个灯泡电流为I、两端电压U，在图a上有这样一种关系：I相应电压为U，相应电压为220V﹣U，这样点在图上有180V﹣0.44A和40V﹣0.22A两个，则干路电流为0.44A，因此消耗总功率：P=220V×0.44A=96.8W．
故答案为：83.6W，96.8W．
【点评】本题考察电功率计算，难点是根据图象找到相应数据，本题容易按照电阻关系求解，这必将带来错误成果，由于由I﹣U图象懂得电阻在变化！

12．【分析】（1）懂得表头电阻和通过电流，根据欧姆定律求出两端电压；
（2）懂得改装后表头两端最大电压和通过最大电流，根据欧姆定律求出表头总电阻，运用电阻串联求出串联电阻阻值；
（3）根据欧姆定律求出指针指在表盘刻度为1mA处体现加在电压表两端电压．
【解答】解：（1）由I=可得，指针指在2mA刻度时，相应电压：
U=IRG=2×10﹣3A×10Ω=0.02V；
（2）当电流表改成量程为3V电压表时，表头总电阻：
Rg===1000Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
因此，串联电阻R阻值：
R=Rg﹣RG=1000Ω﹣10Ω=990Ω；
（3）若指针指在表盘刻度为1mA处，体现加在电压表两端电压：
U′=I′R=1×10﹣3A×1000Ω=1V．
故答案为：（1）0.02V；（2）990Ω；1000Ω；（3）1V．
【点评】本题考察了串联电路特点和欧姆定律应用，核心是懂得电压表改装后表头总电阻等于量程和满电流比值．
四.计算题（本题共3小题，每题14分，共42分）
13．【分析】由图甲可知，承当物重绳子股数n=3，
（1）运用v绳=nv泥求出人拉绳时沿绳速度；
（2）由图乙可知拉力在4s做功多少，运用P=求拉力做功功率（总功），运用P===Fv求得拉力，然后运用F=G求解泥土重力；
（3）根据η=×100%=×100%=×100%=×100%求解机械效率．
【解答】解：（1）由图甲可知，承当物重绳子股数n=3，
人拉绳时沿绳速度：
v绳=nv泥=3×0.5m/s=1.5m/s；
（2）由乙图可知拉力4s做功720J，拉力做功功率：
P===180W，
由P===Fv可得，
F===120N，
由题意知，F=，即120N=（40N+G泥土），
解得，G泥土=320N；
（3）该装置提高泥土机械效率：
η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%≈88.9%．
答：（1）人拉绳时沿绳速度为1.5m/s；
（2）泥土重是320N；
（3）运用该装置提高泥土机械效率约为88.9%．
【点评】此题考察功率和机械效率有关计算，核心是公式应用和滑轮组绳子有效股数拟定．题目难度适中，属于中档题．
15．【解答】解：（1）由于泵总扬程=吸水扬程+压水扬程，离心式水泵吸水扬程是由大气压决定，当
大气压为原则大气压时，吸水扬程实际不会超过10m．因此泵不能放在B处，只能放在A处．
（2）不考虑水动能：①增长势能按13.8m计算：
已知t=30min=1800s，h=13.8m．V=120m3，η=0.6．
则W有=mgh=ρ水Vgh=1.0×103kg/m3×120m3×10N/kg×13.8m=1.656×107J．
由于η=，因此W总===2.76×107J．
即应购买水泵功率为P总==≈15333W=15.3kW．
②增长势能按15m计算，应购买水泵功率为P总=16.7kW．提供水泵满足规定．
（3）不可行．若离心泵至水面段用橡皮管，由于大气压作用也许将橡皮管压扁而影响正常工作．
建议离心泵至水面段用硬质管，为节省起见，泵以上水管可用软橡皮管．
答：（1）离心泵应放在A点，由于当大气压为原则大气压时，吸水扬程实际不会超过10m．
（2）提供水泵满足规定；
（3）不可行．若离心泵至水面段用橡皮管，由于大气压作用也许将橡皮管压扁而影响正常工作．
建议离心泵至水面段用硬质管，为节省起见，泵以上水管可用软橡皮管．
【点评】此题重要考察大气压应用、功计算，功率计算等，波及到知识点较多，难度较大，此题与实际生活联系密切，体现了学以致用思想．