浙江省之江教育评价2022-2023学年高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.docx

2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答卷前， 考生务必将自己的姓名、 准考证号、 考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。 用 2B 铅笔将试卷类型 (B) 填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦 干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先 划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4 考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用某单色光照射金属表面，金属表面有光电子飞出若照射光的频率增大，强度减弱，则单位时间内飞出金属表面 的光电子的A能量增大，数量增多 B能量减小，数量减少C能量增大，数量减小 D能量减小，数量增多2、如图所示电路中，电流表 A 和电压表 V 均可视为理想电表现闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片 P 向左移动，下 列说法正确的是( )A电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数变大B小灯泡 L 变亮C电容器 C 上电荷量减少D电源的总功率变大3、一辆汽车在水平公路上拐弯，其运动可看成匀速圆周运动。沿圆周运动半径方向的汽车轮胎与路面的最大静摩擦力 为1.4 104 N 。圆周运动的半径为80m ，汽车的质量为 2.0 103kg 。在汽车做圆周运动过程中( )A受重力、支持力、半径方向的静摩擦力、向心力B为避免侧滑，向心加速度不能超过7.0m /s2 C为避免侧滑，最大速度为30m /sD速度为20m / s 时，在半径方向轮胎与地面间的摩擦力为1.4 104 N4、运动员在立定跳远时，脚蹬地起跳瞬间的受力示意图是A BC D5、下列说法中正确的是( )A千克(kg)、开尔文(K)和伏特(V)均为国际单位制中的基本单位B阴极射线是由电子组成，电子来源于中子的衰变C在光电效应的实验中，若增加入射光的频率，则相应的遏止电压也增加D 射线来源于原子核内部，是由氦原子组成6、如图甲所示，被称为“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圆轨道外侧旋转不脱落，其原理可等效为如图乙所示的模型：半径为 R 的磁性圆轨道竖直固定，质量为 m 的铁球(视为质点)沿轨道外侧运动， A、 B 分别为轨道的最高点和最低点，轨道对铁球的磁性引力始终指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g ，则A铁球绕轨道可能做匀速圆周运动B铁球绕轨道运动过程中机械能守恒gRC铁球在 A 点的速度必须大于D轨道对铁球的磁性引力至少为3mg ，才能使铁球不脱轨二、 多项选择题： 本题共 4 小题， 每小题 5 分， 共 20 分。在每小题给出的四个选项中， 有多个选项是符合题目要求的。 全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，长方体物块上固定一长为 L 的竖直杆，物块及杆的总质量为如 2m.质量为 m 的小 环套在杆上，当小环 从杆顶端由静止下滑时，物块在水平拉力F 作用下，从静止开始沿光滑 水平面向右匀加速运动，环落至杆底端时，物 块移动的距离为 2L,已知 F=3mg,重力加速度为 g.则小环从顶端下落到底端的运动过程0D小环落到底端时，小环与物块及杆的动能之比为 5:88、下列说法中正确的是( )5LA小环通过的路程为mg2B小环所受摩擦力为g2C小环运动的加速度为A空气的绝对湿度越大，水蒸发越慢，人就感觉越潮湿B由于水的表面张力作用，即使伞面上有很多细小的孔，伞也能达到遮雨的效果 C用热针尖接触金属表面的石蜡，溶解区域呈圆形，说明石蜡具有各向同性D无论液体和细管壁是否浸润，都能发生毛细现象E.摄氏温度每升高 1C 相应的热力学温度就升高 1K9、 CD、 EF 是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为 L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂 直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为 d，如图所示导轨的右端接有一电阻R，左端与 一弯曲的光滑轨道平滑连接将一阻值也为 R 的导体棒从弯曲轨道上 h 高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右 边界处。已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为 ，则下列说法中正确的是( )BL 2gh2RA电阻 R 的最大电流为BLL2RB流过电阻 R 的电荷量为C整个电路中产生的焦耳热为mgh mgd1mghD电阻 R 中产生的焦耳热为210、近年来，我国的高速铁路网建设取得巨大成就，高铁技术正走出国门。在一次高铁技术测试中，机车由静止开始 做直线运动，测试段内机车速度的二次方 v2 与对应位移 x 的关系图象如图所示。在该测试段内，下列说法正确的是( )A机车的加速度越来越大 B机车的加速度越来越小v v0C机车的平均速度大于 2 D机车的平均速度小于 2三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11 (6 分)为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置，板上有两个 光电门相距为 d，滑块通过细线与重物相连，细线拉力大小 F 等于力传感器的示数。让滑块从光电门 1 由静止释放， 记下滑到光电门 2 的时间 t。改变重物质量，重复以上操作5 次，处理数据后得到下表中的 5 组结果。根据表中数据在 坐标纸上画出如图所示的 a-F 图像， 已知重力加速度 g=10m/s2， 根据图像可求出滑块质量 m=_kg， 滑块和轨道间 的动摩擦因数 =_。12 (12 分)用如图甲所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ 滑下后从 Q 点飞出，落在水平挡板 MN 上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤 压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。(1)下列实验条件必须满足的有_；A斜槽轨道光滑B斜槽轨道末段水平C挡板高度等间距变化D每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球(2)为定量研究，建立以水平方向为x 轴、竖直方向为y轴的坐标系；a取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于 Q 点，钢球的_ (选填“最上端”、 “最下端”或者“球心”)对 应白纸上的位置即为原点；在确定 y 轴时_ (选填“需要”或者“不需要”) y 轴与重锤线平行；b若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如图乙所示，在轨迹上取A、 B、 C 三点， AB 和 BC 的y11水平间距相等且均为x，测得 AB 和 BC 的竖直间距分别是y 1 和 y2，则 y2 _ 3 (选填“大于”、“等于”或者“小于”)。可求得钢球平抛的初速度大小为_ (已知当地重力加速度为g ，结果用上述字母表示)。(3)为了得到平拋物体的运动轨迹，同学们还提出了以下三种方案，其中可行的是_；A从细管水平喷出稳定的细水柱，拍摄照片，即可得到平抛运动轨迹B用频闪照相在同一底片上记录平抛小球在不同时刻的位置，平滑连接各位置，即可得到平抛运动轨迹C将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，铅笔以一定初速度水平抛出，将会在白纸上留下笔尖的平抛运 动轨迹 (4)伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，在空中 飞行的时间都一样。这实际上揭示了平抛物体_。A在水平方向上做匀速直线运动B在竖直方向上做自由落体运动 C在下落过程中机械能守恒四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算 步骤。13 (10 分) 如图所示， 光滑轨道 OABC 是由水平直轨道 OB 与一段半径 R=62.5m 的圆弧 BC 在 B 点相切而成。 m=1kg的物块 P 在 F=20N 的水平推力作用下， 紧靠在固定于墙面的轻弹簧右侧 A 处保持静止， A 点与 B 点相距l =16m。 己知物块可视为质点，弹簧的劲度系数k = 100N/m 。取重力加速度 g=10m/s2， cos5=0.996。现突然撤去力 F，求：(1)物块 P 第一次向右运动的过程中，弹簧对物块的冲量大小；(2)从物块 P 离开弹簧到再次接触弹簧经过的时间。 (结果保留两位小数)14 (16 分)静止在水平地面上的两小物块A、 B，质量分别为mA = 1.0kg ， mB = 4.0kg ；两者之间有一被压缩的微 型弹簧， A 与其右侧的竖直墙壁距离l =1.0m ，如图所示某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使 A、 B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为 k 释放后， A 沿着与墙壁垂直的方向向右运动 A、 B 与地面之间的动摩擦因数均为E = 10.0J = 0.20 重力加速度取g = 10m/s2 A、 B 运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短(1)求弹簧释放后瞬间 A、 B 速度的大小；(2)物块 A、 B 中的哪一个先停止？该物块刚停止时 A 与 B 之间的距离是多少？(3) A 和 B 都停止后， A 与 B 之间的距离是多少？15 (12 分)光的干涉和衍射现象说明光具有波动性。爱因斯坦的光电效应理论和康普顿效应理论表明，光在某些方面 确实也会表现得像是由一些粒子(即一个个有确定能量和动量的“光子”)组成的。人们意识到，光既具有波动性，又 具有粒子性。 (c 为光速， h 为普朗克常量)(1)物理学家德布罗意把光的波粒二象性推广到实物例子，他提出假设：实物粒子也具有波动性，即每一个运动的粒子E= 都与一个对应的波相联系，粒子的能量 E 和动量 p 跟它所对应波的频率 v 和波长入 之间也遵从如下关系： h ，入 = hp 。请依据上述关系以及光的波长公式，试推导单个光子的能量E 和动量p 间存在的关系； (2)我们在磁场中学习过磁通量 ，其实在物理学中有很多通量的概念，比如电通量、光通量、辐射通量等等。辐射通 量 c 表示单位时间内通过某一截面的辐射能，其单位为J/ s。光子具有能量。 一束波长为入 的光垂直照射在面积为 S 的黑色纸片上，其辐射通量为 c ，且全部被黑纸片吸收， 求该束光单位体积内的光子数 n； 光子具有动量。当光照射到物体表面上时，不论光被物体吸收还是被物体表面反射，光子的动量都会发生改变，因 而对物体表面产生一种压力。求上一问中的光对黑纸片产生的压力大小，并判断若将黑纸片换成等大的白纸片，该束 光对白纸片的压力有何变化。参考答案一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、 C 【解析】根据 E=hv 知，照射光的频率增大，则光子能量增大，光的强度减弱，单位时间内发出光电子的数目减少故C 正确， ABD 错误2、 A 【解析】A、 B 闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片P 向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电 路中总电流 I 减小，则小灯泡 L 变暗，电流表 A 的示数变小电压表的示数 U=E I (RL+r)， I 减小，其他量不变， 则 U 增大，即电压表 V 的示数变大故 A 正确， B 错误C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数， U 增大，由 Q=CU，知电容器 C 上的电荷量增大故 C 错误D、电源的总功率 P=EI， I 减小，则电源的总功率变小故 D 错误故选 A3、 B【解析】A 汽车在水平面做圆周运动时，沿圆周半径方向的静摩擦力提供向心力，这不是独立的两个力， A 错误；F = 1.4 104 NB汽车向心力的最大值为 m ，对应有最大向心加速度Fa = m = 7.0m/s2m mB 正确；vC汽车达最大速度 m时有v2a = mm r则v = a r = 4 35m/sm mC 错误；D速度为v = 20m/s时，对应的向心力v2F = m = 1.0104 N 1.4104 Nr则半径方向轮胎与地面间的静摩擦力为1.0 104N， D 错误。故选 B。4、 A 【解析】运动员在立定跳远时，脚蹬地起跳瞬间，运动员受重力、地面对人竖直向上的支持力、和地面对人向前的摩擦力，故 A 项正确， BCD 三项错误。5、 C 【解析】A开尔文、千克均为国际单位制中基本单位，伏特不是国际单位制中基本单位，故A 错误；B阴极射线是由电子组成，电子来源于核外电子，故 B 错误；C遏止电压E hv WU = k = 0 C e e则若增加入射光的频率，则相应的遏止电压也增加，故 C 正确；D 射线来源于原子核内部，由两个质子和两个中子组成，故D 错误。 故选 C。6、 B 【解析】AB小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，其中铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小 不变，支持力的方向过圆心，它们都始终与运动的方向垂直，所以磁力和支持力都不能对小铁球做功，只有重力会对 小铁球做功， 所以小铁球的机械能守恒， 在最高点的速度最小， 在最低点的速度最大 小铁球不可能做匀速圆周运动 故 A 错误， B 正确；C 小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，在最高点轨道对小铁球的支持力的方向可以向上， 小铁球的速度只要大于 1 即可通过最高点，故 C 错误；D 由于小铁球在运动的过程中机械能守恒， 所以小铁球在最高点的速度越小， 则机械能越小， 在最低点的速度也越小，v2根据： Fm R 可知小铁球在最低点时需要的向心力越小而在最低点小铁球受到的重力的方向向下，支持力的方向 也向下、只有磁力的方向向上要使铁球不脱轨，轨道对铁球的支持力一定要大于1所以铁球不脱轨的条件是：小铁 球在最高点的速度恰好为 1，而且到达最低点时，轨道对铁球的支持力恰好等于1根据机械能守恒定律，小铁球在最1= 高点的速度恰好为 1，到达最低点时的速度满足 mg2R 2 mv2，轨道对铁球的支持力恰好等于 1，则磁力与重力的合= v2力提供向心力，即： F mg R ，联立得： F5mg，故 D 错误二、 多项选择题： 本题共 4 小题， 每小题 5 分， 共 20 分。在每小题给出的四个选项中， 有多个选项是符合题目要求的。 全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、 ABD 【解析】ABC.水平方向上，据牛顿第二定律有：F = 3mg = 3m ax代入数据解得：a = gx小球在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，另据水平方向的位移公式有：12L = a t22 x解得运动时间为：Lt = 2g在竖直方向上有：1L = a t22 y解得：ga = y 2g即小球在竖直方向上做加速度为 2 的匀加速直线运动，据牛顿第二定律有：mg 一 f = may解得小球所受摩擦力为：mgf = 2故小球运动的加速度为：5a = a2 + a2 = gx y 2小球的合运动为匀加速直线运动，其路程与位移相等，即为：S = x = L2 + (2L)2 = 5L故 AB 正确， C 错误；D.小环落到底端时的速度为：5 L= at = g 2 = 5gLv 环 2 g其动能为：5Ek 环 = 2 mgL此时物块及杆的速度为：L= a t = g 2 = 2 gLv 杆 x g其动能为：Ek 杆 = 4mgL故有小环与物块及杆的动能之比为 5:8，故 D 正确。8、 BDE 【解析】A空气相对湿度越大，人体水分越不容易蒸发，人们感觉越潮湿，不是绝对湿度。故A 错误。B雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，导致水不能透过，故B 正确。C用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是多晶体金属导热具有各向同性的表现，无法说明石蜡具有各 向同性，故 C 错误。D液体和细管壁浸润与不浸润都会有高度差，所以都能发生毛细现象。故D 正确 。E摄氏温度 t 与热力学温度 T 的关系为 T =t+273。摄氏温度升高 1C ，对应的热力学温度升高 1K，故 E 正确。 故选 BDE。9、 ABC 【解析】金属棒在弯曲轨道下滑时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由E = BLv 求出感应电动势，然后求出感应电流；由q = 可以求出流过电阻 R 的电荷量；克服安培力做功转化为焦耳热，由动能定理(或能量守恒定律)可以求出克服安培力 做功，得到导体棒产生的焦耳热。【详解】A金属棒下滑过程中，由机械能守恒定律得1mgh = mv22所以金属棒到达水平面时的速度v = 2gh金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则导体棒刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电 动势为E = BLv ，最大的感应电流为E BL 2ghI= =2R 2R故 A 正确；B流过电阻 R 的电荷量为 BLdq= =r + R 2R故 B 正确；C金属棒在整个运动过程中，由动能定理得mgh W mgd = 0 0B则克服安培力做功W = mgh mgdB所以整个电路中产生的焦耳热为Q = W = mgh mgdB故 C 正确；D克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热为Q = Q = (mgh mgd)1 1R 2 2故 D 错误。故选 ABC。【点睛】解决该题需要明确知道导体棒的运动过程，能根据运动过程分析出最大感应电动势的位置，熟记电磁感应现象中电荷 量的求解公式。10、 BC 【解析】AB如图所示，在该测试段内，随着机车位移的增大，在相等位移(v)2 = 2ax可知，机车的加速度逐渐减小，故 A 错误， B 正确；x上，速度的二次方的差值逐渐减小，由v0CD由于机车做加速度减小的变加速直线运动，故在该测试段内机车的平均速度大于 2 ，故 C 正确， D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.25 (0.240.26 均正确) 0.20 (0.190.21 均正确)【解析】12根据F mgma得Fa m g所以滑块运动的加速度 a 和所受拉力 F 的关系图象斜率等于滑块质量的倒数，由图形得加速度 a 和所受拉力 F 的关系 图象斜率 k4，所以滑块质量m0.25kg由图形得，当 F0.5N 时，滑块就要开始滑动，所以滑块与轨道间的最大静摩擦力等于 0.5N，而最大静摩擦力等于滑 动摩擦力，即mg0.5N解得0.2012、 BD 球心 需要 大于xgy 一 y2 1AB B【解析】 (1)1因为本实验是研究平抛运动，只需要每次实验都能保证钢球做相同的平抛运动，即每次实验都要保证钢球从同一 高度处无初速度释放并水平抛出，没必要要求斜槽轨道光滑，因此 A 错误， BD 正确；挡板高度可以不等间距变化， 故 C 错误。故选 BD。(2)a 23因为钢球做平抛运动的轨迹是其球心的轨迹，故将钢球静置于 Q 点，钢球的球心对应的白纸上的位置即为坐标原点(平抛运动的起始点)；在确定y 轴时需要y 轴与重锤线平行。b 45由于平抛的竖直分运动是自由落体运动，故相邻相等时间内竖直方向上的位移之比为 1:3:5： ，故两相邻相1y1等时间内竖直方向上的位移之比越来越大，因此y2 大于3；由y 一 y = gT2 x = v T2 1 ， 0联立解得gv = xy 一 y2 10(3)6将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，铅笔以一定初速度水平抛出，由于铅笔受摩擦力作用，且不 一定能保证铅笔水平，铅笔将不能始终保持垂直白纸板运动，铅笔将发生倾斜，故不会在白纸上留下笔尖的平抛运动 轨迹，故 C 不可行， AB 可行。 (4)7从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，可认为做平抛运动，因此不论它们能射多远，在空中飞行的时 间都一样，这实际上揭示了平抛物体在竖直方向上做自由落体运动，故选项B 正确。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2N s； (2)23.65s 【解析】(1)设弹簧在 A 处保持静止时压缩量为 x，有 F=kx若物块离开弹簧时速度为 v，根据动能定理1 1W = kx2 mv22 2物块 P 向右运动的过程中，弹簧对物块的冲量I=mv解得I=2N s(2)物块离开弹簧到 B 之间做匀速直线运动，设时间为 t1 ，则有l x = vt1设物块沿着圆弧轨道上升到 D 点， B、 D 间的高度为 h，则有1mgh = mv22设过 D 点的半径与竖直方向的夹角为9 ，则cos9 = R hR 0.996即9 5。物块从 B 点到 D 点再返回 B 点的过程中，可以看做单摆，单摆周期R 1g 2 2，T = 2 t = T可得从物块 P 离开弹簧到再次接触弹簧经过的时间t = 2t + t1 2代入数据得t=23.65s14、 (1) vA=4.0m/s， vB=1.0m/s； (2) B 先停止； 0.50m； (3) 0.91m；【解析】首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内 A、 B 组成的系统动量守恒， 再结合能量关系求解出 A、 B 各自的速度大小；很 容易判定 A、 B 都会做匀减速直线运动，并且易知是 B 先停下，至于 A 是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，结 合几何关系可算出第二问结果；再判断 A 向左运动停下来之前是否与 B 发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间关 系，列式求解即可【详解】(1)设弹簧释放瞬间 A 和 B 的速度大小分别为 vA、 vB，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有A A B B 0 = m v m v1 1Ek = 2 mAvA2 + 2 mBvB 2 联立式并代入题给数据得vA=4.0m/s， vB=1.0m/s(2) A、 B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a假设 A 和 B 发生碰撞前， 已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B设从弹簧释放到 B 停止所需时间为t， B 向左运动的路程 为 sB，则有mBa = mB g 1sB = vBt 2 at 2 vB at = 0 在时间 t 内， A 可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后 A 将向左运动，碰撞并不改变 A 的速度大小，所以无论此碰撞是否发 生， A 在时间t 内的路程 sA 都可表示为1at2sA=vAt 2 联立式并代入题给数据得sA=1.75m， sB=0.25m这表明在时间 t 内 A 已与墙壁发生碰撞，但没有与 B 发生碰撞，此时 A 位于出发点右边 0.25m 处 B 位于出发点左边 0.25m 处，两物块之间的距离 s 为s=0.25m+0.25m=0.50m(3) t 时刻后 A 将继续向左运动，假设它能与静止的 B 碰撞，碰撞时速度的大小为 vA，由动能定理有1 m v 2 1 m v2 = m g(2l + s )2 A A 2 A A A B 联立式并代入题给数据得v = 7m / s故 A 与 B 将发生碰撞设碰撞后 A、 B 的速度分别为 vA以和 vB，由动量守恒定律与机械能守恒定律有m ( v )= m v + m v A A A A B B1 1 1m v 2 = m v 2 + m v 22 A A 2 A A 2 B B联立 式并代入题给数据得v = m / s, v = m / s3 7 2 7A 5 B 5这表明碰撞后 A 将向右运动， B 继续向左运动 设碰撞后 A 向右运动距离为 sA时停止， B 向左运动距离为 sB时停止， 由运动学公式2as = v 2 , 2as = v 2A A B B由 式及题给数据得s = 0.63 m, s = 0.28 mA BsA小于碰撞处到墙壁的距离由上式可得两物块停止后的距离s = s + s = 0.91 mA B入 c c15、 (1) E = pc； (2) Shc 2 ， c ，变大 【解析】(1)单个光子的能量E = hv = h c入hp = 根据单个光子的动量 入 可知E = pc(2)假设t 时间内通过黑纸片光束的体积为V ，则光子总个数为N = n.V = n. S .ct辐射通量N . hv nSct . h入 nShc2 c = = =c t t 入解得单位体积内的光子数入 n = c Shc2光束照射黑纸片，全部被吸收，根据动量定理 Ft = Np解得黑纸片对光的作用力Np n . S .ct .入 入 Shc hF = = = c . = ct t Shc2 入 cc根据牛顿第三定律可知光对黑纸片的压力为 c ；若将黑纸片换为等大的白纸片，光子在白纸片表面全部反弹，若全 部发生弹性碰撞，则根据动量定理Ft = 2Np则F F所以根据牛顿第三定律可知该束光对白纸片的压力变大。