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高中数学竞赛专题讲座——集合与函数.doc

上传人:xrp****65 文档编号:7039624 上传时间:2024-12-25 格式:DOC 页数:11 大小:665KB
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资源描述

1、蓝天家教网 伴您快乐成长竞赛试题选讲集合与函数一、选择题(本题满分36分,每小题6分)1(2006陕西赛区预赛)a,b为实数,集合表示把集合M中的元素x映射到集合P中仍为x,则a+b的值等于 ( )A -1 B0 C1 D2(2006天津)已知函数,当时,恒成立,则 的取值范围是( )ABCD3(2006陕西赛区预赛)若关于x的方程有负数根,则实数a的取值范围为( )A B C D4(2006陕西赛区预赛)若函数满足,则的解析式是( )A B C D5(2006年江苏)函数的图象是 ( )A B C D 6(2006陕西赛区预赛)已知实系数一元二次方程的两个实根为 且则的取值范围是( )A B

2、 C D7(2006年江苏)设是定义在上单调递减的奇函数若,则 ( )ABCD8(2006吉林预赛)如果集合A=y|y=x2+1,xR+,B=y|y=x+1,xR,则A与B的交集是 ( )A (0,1)或(1,1) B(0,1),(1,1) C 0,1 D (,1) 9(2006安徽初赛)已知的小数部分为a,则的小数部分为 ( )A的小数部分 B的小数部分 C的小数部分 D以上都不正确10(2006吉林预赛)若函数f(x)=x36bx+3b在(0,1)内有极小值,则实数b的取值范围是( )A (0,1) B (,1) C (0,+) D (0,0.5) 11(2006年南昌市)设集合,若,则中

3、元素个数为 ( )A0B1C2D至少3个12(2006年南昌市)设,记,若则( )AB-CD二、填空题(本题满分54分,每小题9分)1(2006安徽初赛)已知实数x、y满足,则 2(200 6天津)已知集合,且,则集合、所有可能的情况有 500 种3(2006年南昌市)设1,2,100,是的子集,且中至少含有一个立方数,则这种子集的个数是_.4(2006年江苏)集合,则集合的所有元素之和为 5(2006年南昌市)若曲线与直线恰有三个公共点,则的值为_ 6(2006年上海)已知函数RR满足:对任意R,都有,则所有满足条件的函数f为 7(2006年上海)对于任意实数a,b,不等式恒成立,则常数C的

4、最大值是 (注:表示x,y,z中的最大者)8(2006年上海)设,则满足条件的所有实数a,b的值分别为 1,3,5三、解答题(每小题20分,共60分)1(2006年江苏)设集合,若,求实数的取值范围1,3,52(集训试题)已知a0,函数f(x)=ax-bx2, (1)当b0时,若对任意xR都有f(x)1,证明:a2; (2)当b1时,证明:对任意x0, 1, |f(x)|1的充要条件是:b-1a2; (3)当00, b0, a2。(2)证:(必要性),对任意x0, 1,|f(x)|1-1f(x)据此可推出-1f(1)即a-b-1,ab-1。对任意x0, 1,|f(x)|1f(x)1,因为b1,

5、可推出f()1。即a-1,a2,所以b-1a2。(充分性):因b1, ab-1,对任意x0, 1,可以推出:ax-bx2b(x-x2)-x-x-1,即:ax-bx2-1;因为b1,a2,对任意x0, 1,可推出ax-bx22-bx21,即ax-bx21,-1f(x)1。综上,当b1时,对任意x0, 1, |f(x)|1的充要条件是:b-1a2。(3)解:因为a0, 00, 0b1时,对任意x0, 1,|f(x)|1的充要条件是:ab+1.3 竞赛试题选讲之 集合与函数练习 1(06北卷)已知是(-,+)上的增函数,那么a的取值范围是( )A(1,+) B(-,3)C,3 D(1 ,3) 2.(

6、06全国II)函数f(x)的最小值为 ( ) A190 B171 C90 D453.(山东卷)已知定义在R上的奇函数f(x)满足f(x+2)=f(x),则,f(6)的值为( )A1 B0 C1 D24.(06天津卷)已知函数的图象与函数(且)的图象关于直线对称,记若在区间上是增函数,则实数的取值范围是()A B C D 5(06天津卷)如果函数在区间上是增函数,那么实数的取值范围是 ()ABCD6.(06浙江卷)对a,bR,记maxa,b=,函数f(x)max|x+1|,|x-2|(xR)的最小值是()AB0 B C D3 7(2006安徽初赛)若关于x的方程恰有一个实根,则k的取值范围是 8

7、(2006陕西赛区预赛)设是以2为周期的奇函数,且,若则的值 .9(2006吉林预赛)已知函数,设,其中0cba1且3a0,解得1a3,又当x1时,(3a)x4a35a,当x1时,logax0,所以35a0解得a,所以1a1时,若在区间上是增函数,为增函数,令,t, ,要求对称轴,矛盾;当0a1,则是增函数,原函数在区间上是增函数,则要求对称轴0,矛盾;若0a1,则是减函数,原函数在区间上是增函数,则要求当(0t1)时,在t(0,1)上为减函数,即对称轴1,实数的取值范围是,选B.6解:当x1时,|x1|x1,|x2|2x,因为(x1)(2x)3x1;当1x时,|x1|x1,|x2|2x,因为

8、(x1)(2x)2x10,x12x;当xx2;故据此求得最小值为。选C 8。-3111或-2; 解:令x=y=0得f(0)=-1;令x=y=-1,由f(-2)=-2得,f(-1)=-2,又令x=1, y=-1可得f(1)=1,再令x=1,得f(y+1)=f(y)+y+2,所以f(y+1)-f(y)=y+2,即y为正整数时,f(y+1)-f(y)0,由f(1)=1可知对一切正整数y,f(y)0,因此yN*时,f(y+1)=f(y)+y+2y+1,即对一切大于1的正整数t,恒有f(t)t,由得f(-3)=-1, f(-4)=1。下面证明:当整数t-4时,f(t)0,因t-4,故-(t+2)0,由得

9、:f(t)-f(t+1)=-(t+2)0,即f(-5)-f(-4)0,f(-6)-f(-5)0,f(t+1)-f(t+2)0,f(t)-f(t+1)0相加得:f(t)-f(-4)0,因为:t4,故f(t)t。综上所述:满足f(t)=t的整数只有t=1或t=2。12解:考虑M的n+2元子集P=n-l,n,n+1,2nP中任何4个不同元素之和不小于(n-1)+n+(n+1)+(n+2)=4n+2,所以kn+3将M的元配为n对,Bi=(i,2n+1-i),1in 对M的任一n+3元子集A,必有三对同属于A(i1、i 2、i 3两两不同)又将M的元配为n-1对,C i (i,2n-i),1in-1对M

10、的任一n+3元子集A,必有一对同属于A,这一对必与中至少一个无公共元素,这4个元素互不相同,且和为2n+1+2n=4n+1,最小的正整数k=n+31013解: 由对称性只考虑y0,因为x0,只须求x-y的最小值,令x-y=u,代入x2-4y2=4,有3y2-2uy+(4-u)2=0,这个关于y的二次方程显然有实根,故=16(u2-3)0。14解析:设,函数有最大值,有最小值, 0a1, 则不等式的解为,解得2x3,所以不等式的解集为. 15. 16解析:()因为是奇函数,所以=0,即 又由f(1)= -f(-1)知 ()解法一:由()知,易知在上为减函数. 又因是奇函数,从而不等式: 等价于,因为减函数,由上式推得:即对一切有:,从而判别式解法二:由()知又由题设条件得:,即:,整理得上式对一切均成立,从而判别式17【解】()由书籍,根据韦达定理得有, 5分()已知函数,而且对,于是,函数在上是增函数10分注意到对于任意的正数、,即,同理15分,于是,而,1,3,520分

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