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新高二数学暑假作业答案.docx

上传人:仙人****88 文档编号:5677011 上传时间:2024-11-15 格式:DOCX 页数:10 大小:291.02KB
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资源描述

1、新高二暑假作业参考答案(2016年)练习一【知识网络】1(1) 确定性 互异性 无序性 (2) 属于 不属于 (3)列举法 描述法 Venn图 (4) 有限集 无限集 空集(5) N N+ N* Z Q R2(1)AB BA AB 2n 2n-1 2n-2 (2)A=B3x|xA,或xB x|xA,且xB x|xU,且xA【基础整固】1 22 315 4; 【能力提升】5x|x0 63 7 4 8 2,4,6,8 9 (2 015,2 016) 10 1,3 11解:由lg(xy)知,xy0,故x0,xy0,于是由AB得lg(xy)0,xy1.Ax,1,0,B0,|x|,于是必有|x|1,x1

2、,故x1,从而y1.12解:由题意得:,而,则至少有一个元素在中,又,即,得而矛盾,13解:由Ax|x23x100,得Ax|2x5,(1)BA,若B,则m12m1,即m2,此时满足BA.若B,则解得2m3.由得,m的取值范围是(,3(2)若AB,则依题意应有解得故3m4,m的取值范围是3,4(3)若AB,则必有解得m.,即不存在m值使得AB.【综合拓展】14提示:对于,R(x,y)|sin xy10,ysin x1,定义域是R.对于任意(x1,y1)M,不妨取(0,1),不存在(x2,y2)M,使得x1x2y1y20对于任意(x1,y1)M,不妨取(1,0),不存在(x2,y2)M,使得x1x

3、2y1y20,中点集S不满足性质P.对于,T(x,y)|x2y210,图形是圆对于任意(x1,y1)M,存在(x2,y2)M,x2与x1符号相反,即可使得x1x2y1y20,中点集T满足性质P.对于,W(x,y)|xy10,图形是反比例双曲线对于任意(x1,y1)M,存在(x2,y2)M,x2与x1符号相反,即可使得x1x2y1y21, 由解得.( (1)若不等式组解集为, 解得即为所求. (2)若不等式组解集为非空集合x|, . 由 解得. 又b=2a-1时满足题意,则即为所求. 13解:(1)由题意可得m0或m0或4m0.故m的取值范围为(4,0(2)f(x)m5,即m(x2x1)6对于x

4、1,3 恒成立,由于x2x10,m对于x1,3恒成立,记g(x),x1,3,记h(x)x2x1,h(x)在x1,3上为增函数则g(x)在1,3上为减函数,g(x)ming(3),m.所以m的取值范围为【综合拓展】14解:(1)若,则(2)当时,;当时,综上练习三【知识网络】1 非空数集 中任一元素在中都有唯一的元素与它对应 自变量 定义域 函数值 值域2解析法、列表法、图象法3自变量4换元法、配凑法、待定系数法、方程组法【基础整固】1 (2) 2 4 34解析:(1)由,所求函数的定义域为;(2)由,得或,所求函数的定义域为【能力提升】52 62x1 7a4或a2 8 9 103 11解:(1

5、)f(x)是一次函数,设f(x)kxb(k0)又f(f(x)3x2,f(f(x)f(kxb)k(kxb)bk2xkbb3x2,或.f(x)x1或f(x)x1(2)f(x3)x25,设tx3,则xt3,f(t)(t3)25t26t14,f(x)x26x14(3)由2f(x)f(x)3x2.将x代x得2f(x)f(x)3x2两式联立得,f(x)3x12解:(1) 由条件,g(f(1)3,g(a)a2,所以f(g(a)g(f(1)即为f(a2)3.当a20,即a2时,(a2)213,所以a2;当a20,即af(2x),知解得1x1.所以不等式的解集为(1,1)13解:(1)y(2)yf的图象如图【综

6、合拓展】14解:(1)f(x)其图象如图所示:(2)令f(x)x24|x|5,ym,由图可知函数f(x)与函数ym有四个交点时,1m5练习四【知识网络】1函数值的取值集合2(1);(2)3图象法、换元法、判别式法、函数的单调性【基础整固】11,4,7,10,13 2y|y2 3 0 4解:(1)由,的值域是(2),易知值域是5 6 7(1,2 89 1a3 10 11解:由x2ax10恒成立得axx21,又x1,ax,函数yx与y在1,)上都是增函数,函数f(x)x是1,)上的增函数,f(x)的最小值是f(1)0,a012解:f(x)x2ax3(x)23,对称轴为x,当2时,则f(x)minf

7、(1)4a3,得a7当11,即2a2时,则f(x)minf()33,a2(舍去);当1,即a0时,函数yf(x)在(1,)上单调递增当a0时,函数yf(x)在(1,)上单调递减设1x1x2,则f(x1)f(x2).1x1x2,x1x20,x210.当a0时,f(x1)f(x2)0,即f(x1)f(x2),函数yf(x)在(1,)上单调递增同理当a0,即f(x1)f(x2),函数yf(x)在(1,)上单调递减【能力提升】5 6 7 81x0 9 0a 102xx12,则f(x1)f(x2)x x x1x2(x1x2)a,由x2x12,得x1x2(x1x2)16,x1x20.要使f(x)在区间2,

8、)上是增函数,只需f(x1)f(x2)0恒成立,则a16【综合拓展】14解:(1)f(x)ex()x,且yex是增函数,y()x是增函数,所以f(x)是增函数由于f(x)的定义域为R,且f(x)exexf(x),所以f(x)是奇函数(2)由(1)知f(x)是增函数和奇函数,f(xt)f(x2t2)0对一切xR恒成立f(x2t2)f(tx)对一切xR恒成立x2t2tx对一切xR恒成立t2tx2x对一切xR恒成立(t)2(x)对一切xR恒成立(t)20t.即存在实数t,使不等式f(xt)f(x2t2)0对一切x都成立练习六【知识网络】1;2二次函数在区间上最值问题一般从数形结合入手34 单调递增

9、单调递减【基础整固】1答案:6 2答案:-6,12 3答案:4解:(解法1:利用一般式)设f(x)ax2bxc(a0),解得 所求二次函数为f(x)4x24x7.(解法2:利用顶点式)设f(x)a(xm)2n, f(2)f(1), 抛物线对称轴为x,即m;又根据题意,函数最大值ymax8, n8, f(x)a28. f(2)1, a81,解得a4. f(x)4284x24x7.(解法3:利用两根式)由题意知f(x)10的两根为x12,x21,故可设f(x)1a(x2)(x1),即f(x)ax2ax2a1.又函数有最大值ymax8,即 8,解得a4或a0(舍), 所求函数的解析式为f(x)4x2

10、(4)x2(4)14x24x7.5答案:3 6答案:6a2 7答案:0,1 8答案:1a. 9答案:(2,2) 10答案: 11解:由题意可设f(x)a(x1)210,即f(x)ax22axa10; b2a,ca10,设方程ax2bxc0的两根为x1、x2,则xx12,即(x1x2)22x1x212,212.又b2a,ca10,212,解得a2,f(x)2x24x8.12解:函数f(x) (x2)25的图象的对称轴方程为x2,开口向上当2t,t2,即t2t2,也就是0t2时,g(t)f(2)5;当2t,t2时,当t2时,f(x)在t,t2上为增函数,故g(t)f(t)t24t1.当t22,即t

11、0时,f(x)在t,t2上为减函数,故g(t)f(t2)(t2)24(t2)1t25.故g(t)的解析式为g(t)13解(1)由已知c1,abc0,且1,解得a1,b2.f(x)(x1)2.F(x)F(2)F(2)(21)2(21)28.(2)f(x)x2bx,原命题等价于1x2bx1在(0,1上恒成立,即bx且bx在(0,1上恒成立又x(0,1时,x的最小值为0,x的最大值为2.2b0.故b的取值范围是2,0【综合拓展】14(1) 证明:f(x)g(x)(mx3)(x22xm)x2(m2)x(3m)由1(m2)24(3m)m28m16(m4)20,知函数f(x)g(x)必有零点(2) 解:|G(x)|x2(m2)x(2m)|x2(m2)x(m2)|,2(m2)24(m2)(m2)(m6), 当20,即2m6时,|G(x)|x2(m2)x(m2),若|G(x)|在1,0上是减函数,则0,即m2,所以2m6时,符合条件 当20,即m2或m6时,若m2,则0,要使|G(x)|在1,0上是减函数,则1且G(0)0,所以m0;若m6,则2,要使|G(x)|在1,0上是减函数,则G(0)0,所以m6.综上,m0或m2.10

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