四川省南充市2019年中考物理真题试题（含解析）.doc

2019年四川省南充市中考物理试卷一、选择题（1-8题为单项选择题，每题2分；9-10题为多选题，全部选对的3分，部分选对的2分，有错的得0分；选择题，共10 小题，共22分。将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）（）1（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A声音的传播速度为340m/sB声音的音调与物体的振幅有关C利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声【解析】A、声音在空气中的传播速度是340m/s，故A错误；B、声音的音调与频率有关，故B错误；C、超声波具有较强的穿透性，并且能够传递信息，所以人们利用超声波可以确定鱼群位置和海水深度，故C错误；D、汽车排气管上安装消声器是在噪声的声源处减弱噪声，故D正确。【答案】D。2（2分）下列现象中属于光的折射现象的是（）A坐井观天B杯弓蛇影C海市蜃楼D一叶障目【解析】A、坐井观天指在井中看到的天空只有井口那么大，这是光的直线传播造成的，故A不符合题意；B、杯弓蛇影是指弓在水中成像，属于平面镜成像，是光的反射造成的，故B不符合题意；C、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故C符合题意；D、一叶障目由于光沿直线传播形成的，故D不符合题意。【答案】C。3（2分）下列说法中，错误的是（）A人体正常体温约为37B秋冬的早晨出现的雾属于汽化现象C物体温度降低时内能减少，温度升高时内能增加D热机是将内能转化为机械能的机械【解析】A、人体正常体温在37左右，变化幅度很小，故A正确；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；C、温度影响物体的内能，温度升高时内能增加；温度降低时内能减少，故C正确；D、热机是利用燃料燃烧释放的内能来做功的，所以是将内能转化为机械能的装置，故D正确。【答案】B。4（2分）以下说法中，正确的是（）A飞机前进时机翼上方气流的速度较小，对机翼上表面的压强较大B一个标准大气压可以支持760cm高的水银柱C书包带较宽是为了减小压强D匀速上升的飞机，机械能保持不变【解析】A、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以在相同时间内，空气通过机翼上表面的气流路程较长，流速大，对机翼上表面的压强较小。故A错误；B、1标准大气压所能支持的水银柱的高度是76cm。故B错误；C、书包带较宽是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故C正确；D、飞机匀速上升过程中，质量不变、速度不变，动能不变，但是高度升高，所以重力势能增大，故机械能增大，故D错误。【答案】C。5（2分）如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力F的大小将（）A变大B不变C变小D不能确定【解析】如图，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，阻力的大小不变（等于物重G），阻力臂变大，动力臂不断变小，根据杠杆平衡条件F1L1F2L2可知，动力将变大。【答案】A。6（2分）下列做法中不符合安全用电原则的是（）A高大建筑物的顶端都要安装避雷针B把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用C及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线D不接触低压带电体，不靠近高压带电体【解析】A、高大建筑物为避免发生雷击，顶端要安装避雷针，故A符合安全用电原则；B、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用（即用电器的金属外壳没有接地），这样当金属外壳漏电时，电流不能导向大地，会发生触电事故，故B不符合安全用电原则；C、电线的绝缘皮破损老化、破损时应及时更换，否则容易发生触电事故或短路（即火线和零线直接连通），故C符合安全用电原则；D、安全用电的基本原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故D符合安全用电原则。【答案】B。7（2分）下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是（）ABCD【解析】A、图中是通电螺线管，是利用电流的磁效应制成的，故A不符合题意；B、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B不符合题意；C、图中没有电源，是交流发电机的示意图，是根据电磁感应现象工作的，故C不符合题意；D、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，故D符合题意。【答案】D。8（2分）AB两个实心球，已知，现将两球放入水中后，静止时受到的浮力之比为，则两球在水中静止时所处状态可能是（）A两球均漂浮B两球均浸没CA球浸没B球漂浮DB球浸没A球漂浮【解析】由题知，则AB两个实心球的质量之比：，由Gmg可得，两球的重力之比：，A、如果A、B都漂浮，则物体受到的浮力都等于物体的重力，所以浮力之比应该等于重力之比，即浮力之比为2：3，不是6：5，故A错误。B、如果A、B都浸没在水中，则物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮水gV排可知，物体受到的浮力跟物体排开水的体积成正比，所以A、B受到的浮力之比应该为1：2，不是6：5，故B错误。CD、因A、B两球既不是都漂浮，又不是都浸没，所以只能是一个漂浮、一个浸没，并且密度大的浸没，密度小的漂浮，因为，所以可以判断A球浸没、B球漂浮，故C正确，D错误。【答案】C。9（3分）下列说法正确的是（）A力是改变物体运动状态的原因B放在水平桌面上的书，受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力C刹车时人会受到向前的惯性力D人沿杆竖直向上匀速爬行时，所受摩擦力方向竖直向上【解析】A、力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动状态的原因，故A正确；B、放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B正确；C、惯性是物体的一种属性，不是力，不能说受到惯性力的作用，故C错误；D、人沿杆竖直向上匀速爬行时，摩擦力与重力平衡，大小相等、方向相反，因为重力方向竖直向下，所以所受摩擦力方向竖直向上，故D正确。【答案】ABD。10（3分）如图电源电压恒为9V，灯L标有“3V 1.5W”（灯L电阻不受温度影响），滑动变阻器R的规格为“030”，闭合开关S，当R的滑片移到M点时，灯L正常发光，此时下列分析正确的是（）A灯L的电阻为6B电压表V1示数为6VCR接入电路中的阻值为18D电路消耗的总功率为4.5W【解析】由图知，灯和滑动变阻器是串联的，电压表V1并联在电源两端，则V1测电源电压，电压表V2和灯泡并联，则V2测量灯泡的电压，当R的滑片移到M点时，灯泡正常发光，由PUI可得，电路中的电流：I0.5A，则灯L的电阻：RL6，故A正确。已知电源电压恒为9V，V1测电源电压，所以V1的示数为9V，故B错误。此时灯L正常发光，则UL3V，滑动变阻器两端电压为：UUUL9V3V6V，滑动变阻器接入电路中的阻值：R12，故C错误。电路消耗的功率为：PUI9V0.5A4.5W，故D正确。【答案】AD。二、填空题（每空1分，共18分）11（2分）小明在探究“凸透镜成像规律”的实验中他把蜡烛放在距透镜30cm时，在光屏上形成清晰缩小的像，此时的成像特点可应用于照相机（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。现将蜡烛向透镜方向移动10cm，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜（填“远离”或“靠近”）。【解析】把蜡烛放在距透镜30cm时，物距为30cm，在光屏上形成清晰缩小的像，则u2f，此时的成像特点可应用于照相机。现将蜡烛向透镜方向移动10cm，物距减小，像距增大、像变大，则要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜方向移动。【答案】照相机；远离。12（2分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于可再生能源（填“可再生”或“不可再生”）；4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是靠电磁波来传输的，华为5G时代即将来临，将会让人们的生活更加方便快捷。【解析】（1）太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可再生能源；（2）4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是由电磁波来传递信息的。【答案】可再生；电磁波。13（2分）如图，容器中装有深度为10cm，质量为60g的水，已知容器的质量为30g，底面积为5cm2，容器底部受到水的压强为1000Pa，容器对水平桌面的压强是1800Pa（水1103kg/m3，g10N/kg）【解析】（1）水的深度h10cm0.1m，容器底部受到水的压强：pgh1.0103kg/m310N/kg0.1m1000Pa；（2）质量为60g的水，容器的质量为30g，总质量为：m60g+30g90g，重力为：Gmg90103 kg10N/kg0.9N水平桌面受到容器的压力：FG0.9N，容器对桌面的压强：p=1800Pa。【答案】1000；1800。14（2分）小红参加校运动会百米赛跑，跑完全程用时15s，则全程的平均速度是6.7m/s（结果保留一位小数），以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物是运动的（填“运动”或“静止”）。【解析】（1）小红的平均速度v6.7m/s；（2）以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物相对于小红的位置不断变化，故建筑物是运动的。【答案】6.7；运动。15（2分）将物体A放在水平面上，在水平拉力F1作用下，以V14m/s的速度向右匀速运动，在同一水平面上，物体A受到水平拉力F2作用时，以V26m/s的速度向右匀速运动两次移动的距离相同，则两次拉力做功W1W2（填“”、“”或“”），两次拉力的功率P1P2（填“”、“”或“”）。【解析】将物体A放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的速度向右匀速运动；同一物体在同一水平面上，压力的大小与接触面的粗糙程度均不变，则摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知，水平拉力都等于摩擦力，即F1F2f；两次拉力相等，两次移动的距离也相同，根据WFs可知，拉力做的功相等，即W1W2；两次拉力相等，v14m/s，v26m/s，由PFv可知，两次拉力的功率P1P2。【答案】；。16（2分）弹簧测力计下悬挂一物体，当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为5N，当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为3N，现将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时所受浮力是9N，该物体的密度为0.75103kg/m3（水1103kg/m3，g10N/kg）【解析】（1）当物体的体积浸入水中时，排开水的体积为V，弹簧测力计示数为5N，根据称重法测浮力：GF浮F和阿基米德原理有：G水gV5N；当物体的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为3N，同理有：G水gV3N； 得：水gV12N， 将代入得：G12N5N9N；由知，物体浸没受到的浮力为12N9N，由物体的浮沉条件，将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时处于漂浮状态，由漂浮的特点，物体所受浮力是：FG9N；（2）由得物体的体积：V；该物体的密度为：=0.75103kg/m3。【答案】9；0.75103。17（2分）如图是电热饮水机电路原理图，已知R1100，R220，当开关S1、S2闭合时，饮水机处于加热状态（填“保温”或“加热”），饮水机的保温功率与加热功率之比为1：6。【解析】（1）当S闭合、S1断开时电路为R1的简单电路，当开关S1、S2都闭合时R1与R2并联，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，当开关S，S1都闭合时，电路中的总电阻最小，由P可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；（2）饮水机处于保温状态时，电路为R1的简单电路，则电路的总功率：P保温；饮水机处于加热状态时，R1与R2并联，加热功率为：P加热，所以饮水机的保温功率与加热功率之比：1：6。【答案】加热；1：6。18（2分）如图，灯L标有“4V 2W”，R20，闭合开关S时，灯L正常发光（灯丝的电阻不受温度影响），电流表示数为0.7A，通电1min电路中产生的热量为168J。【解析】由图知R与L并联，电流表测干路电流，灯L正常发光，所以UURUL4V，由PUI可得通过灯泡的电流：IL0.5A，由欧姆定律可得通过R的电流：IR0.2A，由并联电路的电流特点可得电流表示数：IIL+IR0.5A+0.2A0.7A；通电1min电路中产生的热量：QWUIt4V0.7A60s168J。【答案】0.7；168。19（2分）如图甲所示电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W字样，图乙是通过小灯泡的电功率随其两端电压变化的图象。滑动变阻R1的最大值为40，定值电阻R210，当闭合S、S1、断开S2、P在中点时，R2的功率为0.9W，电源电压为9V，当闭合S、S2、断开S1、小灯泡功率为1.6W时，滑动变阻器连入电路中的阻值12.5。【解析】（1）当闭合S、S1、断开S2时，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，P在中点时，R2的功率为0.9W，根据PI2R2知，此时电路的电流为：I=0.3A，根据I可得，电源电压为：UI（R2）0.3A9V；（2）当闭合S、S2、断开S1时，滑动变阻器R1与小灯泡串联，根据图乙知，当小灯泡的电功率为1.6W时，小灯泡两端的电压为4V，根据PUI知，此时电路的电流：I=0.4A，根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压：U2UUL9V4V5V，则滑动变阻器连入电路中的阻值：R2=12.5。【答案】9；12.5。三、探究与解答题（共30分，第20、21小题各2分，第22、23小题各3分，第24题4分，第25、26小题各8分）20（2分）如图，在舞蹈室的墙面上装有一块平面镜，王老师用一激光笔从S点照向镜面，在地面上P点看到一光斑，请用平面镜成像特点完成光路图。【解析】根据像与物体关于平面镜对称先作出S的像点S，连接SP，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，P与入射点连线为反射光线，如图所示：21（2分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力G和对斜面的压力F的示意图。【解析】过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为G，即为重力的示意图；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F，即为压力的示意图。如图所示：22（3分）如图，小红同学在“测量盐水的密度”实验中，操作步骤如下：（1）把天平放在水平桌面上，游码放在零刻度线，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向左（填“左”或“右”）调节，直到横梁水平平衡。（2）已知空烧杯的质量为28g，现将适量盐水装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示。然后将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图丙所示由此计算出盐水的密度为1.1103kg/m3。（3）小红同学此次实验操作测得的盐水密度将偏大（填“大”或“小”）。【解析】（1）把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处后，由图甲知，指针偏右，此时应将左端的平衡螺母向左调节，直到指针对准分度盘中央的刻度线；（2）由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，盐水和烧杯的总质量50g+20g+20g+4g94g，盐水的质量为94g28g66g；盐水的体积V60ml60cm3，盐水的密度1.1g/cm31.1103kg/m3；（3）把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁粘有盐水，所以测得体积V偏小，根据可知，所测盐水密度偏大。【答案】（1）左；（2）1.1103；（3）偏大。23（3分）如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置：（1）两个相同的烧杯中装有质量相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热。（2）根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（见图乙）。由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，吸收的热量不相同（填“相同”或“不相同”），计算出煤油的比热容是2.1103J/（kg）。c水4.2103J/（kg）【解析】（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物质的质量和热源相同，所以要使水和煤油质量和初温相同，用相同的酒精灯对它们加热；（2）由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即水吸收的热量是煤油的2倍，根据c可知，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容：c煤油c水4.2103J/（kg）2.1103J/（kg）。【答案】（1）质量；（2）不相同；2.1103。24（4分）如图是“测量小灯泡电阻”的实验装置电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。（1）检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左移动，请写出A表、V表的示数变化情况：电流表示数变大，电压表示数变大。（2）移动滑片获得了表格中的实验数据：实验次数发光情况电压U/V电流I/A灯丝电阻1刚发光1.50.22暗2.50.308.33亮3.80.429.0请计算出第1次实验时灯丝的电阻，R17.5。（3）分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与温度有关。（4）现电压表015V量程损坏，而03V量程完好，在不增减器材的情况下，请设计测量小灯泡额定功率的实验，写出必要的调整步骤：将电压表并联在变阻器两端，当电压表示数为：6V3.8V2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据PUI计算即可。【解析】（1）图中，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，电压表测灯的电压，检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器连入电路的电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律，电流示数变大，根据IIR，电压表示数变大；（2）根据表中数据，由欧姆定律，请计算出第1次实验时灯丝的电阻，R1=7.5。（3）分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与温度有关。（4）现电压表015V量程损坏，而03V量程完好，将电压表并联在变阻器两端，根据串联电路电压的规律，当电压表示数为：6V3.8V2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据PUI计算即可。【答案】（1）电流表示数变大，电压表示数变大；（2）7.5；（3）温度；（4）将电压表并联在变阻器两端，当电压表示数为：6V3.8V2.2V时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据PUI计算即可。25（8分）如图，电源电压不变，定值电阻R16，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，滑动变阻器R2的规格为“40 1A”，闭合开关后，当滑片P置于M点时，电流表示数为0.3A，当滑片P置于N点时，电流表示数变化了0.1A，且滑动变阻器连入电路中的阻值。（1）求定值电阻R1前后两次电功率之比；（2）求电源电压；（3）在不损坏元件的情况下，求出滑动变阻器的取值范围。【解析】（1）滑片由M点滑到N点，电阻变大，电路中的电流减小，所以滑片P置于N点时电路中的电流：INIM0.1A0.3A0.1A0.2A，定值电阻R1前后两次电功率之比：9：4；（2）滑片P置于M点时，电源电压UIM（R1+RM），滑片P置于N点时，电源电压UIN（R1+RN），RN2RM，所以0.3A（R1+RM）0.2A（R1+2RM），解得RMR16，电源电压：UIM（R1+RM）0.3A（6+6）3.6V；（3）根据电流表量程和滑动变阻器规格可知，电路中的最大电流为I大0.6A，由欧姆定律可得，电路总电阻：R=6，滑动变阻器连入电路的最小阻值：R滑小RR1660；电压表的量程为03V，滑动变阻器两端的最大电压U滑3V，R1两端的电压U1UU滑3.6V3V0.6V，根据串联电路的分压特点可知：，解得R滑大30，所以在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为030。【答】（1）定值电阻R1前后两次电功率之比为9：4；（2）电源电压为3.6V；（3）在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为030。26（8分）如图，杠杆在水平位置平衡，物体M1重为500N，OA：OB2：3，每个滑轮重为20N，滑轮组的机械效率为80%，在拉力F的作用下，物体M2以0.5m/s速度匀速上升了5m。（杠杆与绳的自重、摩擦均不计）求：（1）物体M2的重力；（2）拉力F的功率；（3）物体M1对水平面的压力。【解析】（1）因杠杆与绳的自重、摩擦均不计，故克服动滑轮重力做的功为额外功，则滑轮组的机械效率：，即：80%，解得物体M2的重力：G80N；（2）由图知，绳子的有效段数为2，绳的自重、摩擦均不计，则作用在绳子自由端的拉力：F=50N；物体M2以0.5m/s速度匀速上升了h，绳子自由端移动的距离为：s2h，由v可得绳子自由端的速度为：v绳2v20.5m/s1m/s；拉力F的功率：P=Fv绳50N1m/s50W；（3）由力的平衡条件可得，B端对定滑轮向上的拉力：FB3F+G定350N+20N170N，根据力的作用是相互的，则定滑轮对杠杆B端的拉力为：FBFB170N，根据杠杆的平衡条件可得：FAOAFBOB，故绳子对杠杆A端的拉力为：FAFB170N255N，力的作用是相互的，则绳子对M1向上的拉力为FAFA255N，根据力的平衡，地面对M1的支持力：F支G1FA500N255N245N；由力的相互性可知，物体M1对水平面的压力：F压F支245N。【答】（1）物体M2的重力为80N；（2）拉力F的功率为50W；（3）物体M1对水平面的压力为245N。14