2017年广西桂林市中考物理试卷（教师版）.doc

2017年广西桂林市中考物理试卷（教师版） 一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1（3分）通常情况下，以下物体属于导体的是（）A铁丝B木块C陶瓷碗D橡胶轮胎【微点】导体【思路】常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界。【解析】解：容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；所有的金属都是导体。A、铁丝是金属，容易导电，是导体，故A正确；B、木块不易导电，是绝缘体，故B错误；C、陶瓷碗不易导电，是绝缘体，故C错误；D、橡胶轮胎不易导电，是绝缘体，故D错误。故选：A。【点拨】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。2（3分）发现正在使用的电器突然冒烟起火，首先应（）A切断电源B用水浇灭C找湿被子盖住D找灭火器灭火【微点】安全用电原则【思路】安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施。【解析】解：A、当发生电火灾时，迅速拉下开关，切断电源，故A正确；B、水是导体，用水去灭电火灾容易发生触电，故B错误；C、水是导体，湿被子也成了导体，用湿被子盖住容易发生触电，故C错误；D、找灭火器灭火会延误最佳灭火时机，故D错误。故选：A。【点拨】此题考查了电火灾的急救措施，我们必须知道如何处理电火灾事故。3（3分）智能手环可随时记录佩戴人的运动数据，且能将数据无线传输到手机上显示，如图所示，将数据从智能手环无线传输到手机是利用（）A光纤B电磁波C超声波D次声波【微点】电磁波的传播与应用【思路】微波是指频率为300MHz300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波。【解析】解：将数据从智能手环无线传输到手机是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动的统计数据。故选：B。【点拨】wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。4（3分）假如摩擦力消失了，将会直接导致（）A声音不能传播B冰块不能漂浮于水面C徒手不能爬上直杆D电灯通电后不能发光【微点】摩擦力的大小【思路】（1）声音不能在真空中传播；（2）冰块靠浮力漂浮于水面；（3）摩擦力生活中无处不在，人的衣食住行都离不开它；（4）当温度足够低时，电阻为零。【解析】解：A、声音不能在真空中传播，与摩擦力无关，故A不符合题意；B、没有浮力，冰块不能漂浮于水面，与摩擦力无关，故B不符合题意；C、没有摩擦力，徒手不能爬上直杆，故C符合题意；D、电灯是利用电流的热效应工作的，没有电阻，通电后不能发光，与摩擦力无关，故D不符合题意。故选：C。【点拨】本题综合性很强，考查的就是与中学生生活联系比较密切的物理现象，体现了物理来源于生活，服务于生活。5（3分）下列有关分子动理论的说法，正确的是（）A分子之间没有空隙B分子的运动是规则的C温度越高，分子运动越剧烈D肉眼可以直接看清分子的形状【微点】分子动理论的基本观点【思路】要解答本题需掌握：分子动理论的基本知识（1）分子永不停息地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。（2）分子间有相互作用的力。（3）分子间有空隙。（4）分子很小需要用电子显微镜才能看清。【解析】解：ABC、分子动理论的基本知识：物质是由分子组成的；一切物质的分子永不停息地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；分子间有相互作用的引力和斥力；分子间有间隙，故AB错误；C正确。D、分子很小，需要用电子显微镜才能看清，故D错误。故选：C。【点拨】本题主要考查学生对分子动理论的基本知识的理解和掌握，是中招热点6（3分）如图所示用电设备中，内部结构不含电动机的是（）A电吹风B洗衣机C电动自行车D电热水壶【微点】实用电动机的构造、特点和应用【思路】在生活中，我们常见的生活电路是交流电，在这种电路中使用的电动机是交流电动机，如洗衣机、电冰箱、空调、抽油压机、电扇等电器上的电动机均是；对于生活中的蓄电池所提供的电是直流电，在这种电源下工作的电动机是直流电动机，如电力机车、公交电车、录音机、电动玩具等。【解析】解：电吹风、洗衣机和电动自行车是利用电动机工作的，电热水壶没有电动机。故选：D。【点拨】了解生活中常见的直流电和交流电及其对应的用电器是解决该题的关键。7（3分）“一道残阳铺水中，半江瑟瑟半江红。”是白居易的诗句，诗里描绘的太阳在水中的像属于（）A色散现象B透镜成像C小孔成像D平面镜成像【微点】光的反射现象【思路】平静的水面如同镜面，倒影如同照镜子，都是光的反射现象形成的虚像。【解析】解：倒影是物体在水面发生反射形成的虚像，“一道残阳铺水中，半江瑟瑟半江红”，诗里描绘的太阳在水中的像，此现象如同平面镜成像。故选：D。【点拨】此题以古诗词考查光的反射现象，体了学科的整合性，是一道好题。8（3分）下列物体重力势能发生变化的是（）A水平拉长的弹簧B正在下落的篮球C水平滑行的玩具车D静止在桌面上的课本【微点】动能和势能的大小变化【思路】重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。据此分析即可解答。【解析】解：A、水平拉长的弹簧，质量与高度都没有变化，重力势能没有发生变化。故A不合题意；B、正在下落的篮球，质量不变，高度降低，重力势能减小。故B符合意；C、水平滑行的玩具车，质量与高度都没有变化，重力势能没有发生变化。故C不合题意；D、静止在桌面上的课本，质量与高度都没有变化，重力势能没有发生变化。故D不合题意。故选：B。【点拨】此题考查动能和势能的大小变化，判断物体重力势能是否发生变化，关键是掌握影响势能大小的因素，看质量和高度有无变化。9（3分）某升降式晾衣架的结构如图所示，该晾衣架没有应用到的简单机械是（）A动滑轮B定滑轮C轮轴D斜面【微点】斜面与轮轴【思路】根据简单机械的特点，以及使用特点，判定出属于那种简单机械。【解析】解：A、动滑轮可以省力，但不能改变力的方向，连接在横梁上与晾衣架一起升降的滑轮为动滑轮，故A不符合题意；B、定滑轮可以改变力的方向，但不省力，固定在天花板上的滑轮为定滑轮，故B不符合题意；C、使用轮轴可以省力，也可改变力的方向，固定在墙上有摇臂的为轮轴，故C不符合题意；D、从晾衣架的结构图上看，没有用到斜面，故D符合题意。故选：D。【点拨】此题考查了几种简单机械的特点，对于每种机械的使用要建立在它特点的基础上，属于基础知识的考查。在了解各类简单机械的工作特点的基础上，结合解决实际问题的需要选择。10（3分）下列现象中，属于升华的是（）A樟脑丸逐渐变小B冬季河面结冰C湿衣服逐渐变干D开水冒“白气”【微点】生活中的升华现象【思路】要判断出属于升华的物态变化，首先要弄清升华的特点，熔化是由物体固态变为气态的过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断。【解析】解：A、樟脑球逐渐变小，即是由固态直接变成气态，故是升华现象，故A正确；B、冬天河面上的水结冰，是水放热发生的凝固现象，故B错误；C、湿衣服变干了，是水由液态变为气态的过程，是汽化现象，故C错误；D、开水冒出“白气”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故D错误。故选：A。【点拨】学生掌握六种物态变化，并能用物态变化解释生活中有关的问题；物态变化知识是中考物理必考的知识点，需要掌握。11（3分）下列事件中，力对物体做了功的是（）A用力推汽车，没有推动B将重物从一楼扛到二楼C举重运动员举着杠铃保持不动D提着水桶在水平路面上匀速前行【微点】力是否做功的判断【思路】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。据此分析判断。【解析】解：A、用力推汽车，没有推动，对汽车有力的作用，但汽车没有移动距离，所以不做功；故A不合题意；B、将重物从一楼扛到二楼，重物在提力的方向上移动了距离，做了功，故B符合题意；C、举重运动员举着杠铃站着不动，有力但没有移动距离，不做功，故C不合题意；D、提着水桶在水平路面上匀速前行，力与距离的方向互相垂直，所以不做功。故D不合题意故选：B。【点拨】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。12（3分）如图所示电路中，电源电压恒定，定值电阻R的阻值为10，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从某个位置向右滑动一段距离，使变阻器阻值增加了5，电流表示数减少了0.04A，则电压表示数的变化是（）A增加了0.2VB减少了0.2VC增加了0.4VD减少了0.4V【微点】欧姆定律的应用【思路】分析电路的连接，滑动变阻器的滑片从某个位置向右滑动一段距离，判断变阻器连入电路中的电阻变化，由分压原理，判断电压表示数变化；由串联电路电压的规律确定R的电压变化；对R而言，由欧姆定律分别得出两种状态下电阻的表达式，由合分比定量，得出R减小的电压，根据串联电路电压的规律，变阻器增加的电压等于R减小的电压。【解析】解：原电路中，R与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片从某个位置向右滑动一段距离，设通过电路的电流分别为I1、I2，R两端的电压分别为U1、U2，因变阻器连入电路中的电阻变大，由分压原理，电压表示数增大；由串联电路电压的规律，R的电压减小；对R而言，由欧姆定律I，R，由合分比定量，R，故URI100.04A0.4V，即R减小的电压，根据串联电路电压的规律，各部分电压之和等于电源电压，故变阻器增加的电压等于R减小的电压，即电压表示数增加了0.4V。故选：C。【点拨】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，体现了数学知识在物理中的运用，有难度。二、填空题（共8小题，每小题2分，满分16分）13（2分）声音是由于物体振动而产生的；同学们正在教室里认真上课，不远处的商店突然大声地播放广告，这声音对同学们来说属于噪声（选填“噪声”或“乐音”）。【微点】声音的产生；噪声及其来源【思路】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）根据噪声的定义进行解答，即从环保角度来讲，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都属于噪声。【解析】解：（1）声音是由物体振动产生的；（2）同学们正在教室里认真上课，不远处的商店突然大声地播放广告，影响了同学们上课，所以这声音是噪声。故答案为：振动；噪声。【点拨】本题主要考查学生对声音的产生、噪声定义的了解和掌握，是一道基础题目。14（2分）光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；一束光从空气斜射入水中，传播方向改变（选填“改变”或“不改变”）。【微点】光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用【思路】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射；当光线垂直射向介质表面时，传播方向不改变。【解析】解：光在同种均匀介质中沿直线传播，一束光从空气斜射入水中，传播方向改变，属于光的折射现象。故答案为：直线；改变。【点拨】本题主要考查学生对光学一些基础概念的认识和了解，是一道基础题。15（2分）今年5月，我国海域天然气水合物（可燃冰）试采在南海神狐海域取得圆满成功。可燃冰与煤炭、石油、核燃料等都属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源，燃烧时由化学能转化为内能。【微点】能源的分类【思路】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；（2）燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程。【解析】解：（1）可燃冰、煤炭、石油、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；（2）燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程。故答案为：不可再生；内。【点拨】此题主要考查的是学生对能源的分类、能量转化的理解和掌握，属于基础性问题。16（2分）已知灯L1的电阻大于灯L2的电阻，按图甲连接时，通过它们的电流大小是相等的；按图乙连接时，通过它们的电流大小是不相等的。（均选填“相等”或“不相等”）【微点】H!：串联电路的电流规律；欧姆定律的应用【思路】按图甲连接时，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等；按图乙连接时，两灯泡并联，根据欧姆定律分析通过它们的电流大小。【解析】解：因为串联电路中电流处处相等，按图甲连接时，两灯泡串联，所以通过它们的电流大小是相等的；按图乙连接时，两灯泡并联，灯泡两端电压相同，已知灯L1的电阻大于灯L2的电阻，由I可知，通过L1的电流小于灯L2的电流。即通过它们的电流大小是不相等的。故答案为：相等；不相等。【点拨】此题考查学生对串联电路的电流规律和欧姆定律的应用等知识点的理解，难度不大，属于基础知识。17（2分）小孩在路边靠近快速行驶的汽车是很危险的，其中一个原因是小孩靠近汽车一侧的空气流速较大，形成的气压比另一侧小，容易导致小孩被“吸”向汽车。（均选填“大”或“小”）【微点】流体压强与流速的关系【思路】流体压强与流速的关系：液体和气体都称为流体，流体的流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。【解析】解：汽车行驶过程中，汽车的速度很大，人靠近汽车时，使人和汽车之间的空气流动速度增大，压强减小，人外侧的压强不变，外侧压强大于内侧压强，人在内外侧压强差的作用下被压向列车，容易发生事故。故答案为：大；小。【点拨】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题，体现了物理知识的实用性。18（2分）遥控器一般使用5号或7号干电池。一节新的5号干电池的质量约26g（选填“kg”或“g”），电压是1.5V。【微点】物理量的单位及单位换算【思路】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，填上符合实际的单位或数字。【解析】解：一个鸡蛋的质量在50g左右，一节新的5号干电池的质量大约是鸡蛋质量的一半，在26g左右；一节新干电池的电压是1.5V。故答案为：g；1.5。【点拨】一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小，但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的，结合生活常识加上一个合适的单位，物理数据才有意义。19（2分）如图所示，推走独轮车之前，需先将其撑脚抬离地面，慢慢抬起的过程中，独轮车属于省力杠杆，若向上施加在车把手上的力始终与把手垂直，则这个力的大小逐渐变小（选填“逐渐增大”、“逐渐变小”或“始终不变”）。【微点】杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析【思路】（1）结合图片和生活经验，判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。（2）分析动力臂、阻力臂的大小变化情况，利用杠杆平衡条件分析判断。【解析】解：（1）独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。（2）向上施加在车把手上的力始终与把手垂直，则动力臂大小不变，而阻力G不变，阻力臂变小，由杠杆平衡条件可得，动力F将变小。故答案为：省力；逐渐变小。【点拨】本题考查了杠杆的分类和杠杆平衡条件的应用，易错点在第二问，确定动力臂不变、阻力臂变小是关键。20（2分）近年来，冬季取暖有了新方法：利用石墨烯电热涂料供暖。涂料通电发热后，通过热传递方式改变房间内空气的内能。一间空房的地面面积是14m2，高为3m，在房间的三面墙上各涂有某品牌石墨烯电热涂料1m2，该涂料的单位发热功率为1200W/m2现同时给它们通电，5min内可使室温升高10，此过程中房间内平均每秒钟损失的热量是1780J空气密度为1.3kg/m3、空气比热容为1.0103J/（kg）。【微点】电功与热量的综合计算【思路】（1）做功和热传递是改变物体内能的两种途径，热传递是能量的转移，做功是能量的转化。（2）根据P可求得消耗总电能，利用可求空气质量，利用Qcmt可求空气吸收的热量，再利用WQ可求得损失的热量。【解析】解：（1）水地暖改变房间内的温度是通过能量的转移，故发生了热传递；（2）已知该涂料的单位发热功率为1200W/空房的地面面积是14，则P1200W/33600W，由P可得，消耗总电能，WPt3600W560s1.08106J，由可得，m空气空气V空气Sh1.3kg/m3143m354.6kg，空气吸收的热量Q吸c空气m空气t1.0103J/（kg）54.6kg105.46105J。损失的热量Q损失WQ吸1.08106J5.46105J5.34105J。损失的热量Q1780J。故答案为：热传递；1780。【点拨】本题以“水地暖”为物理情景，考查了改变物体内能的方式和热量的计算，同时考查了根据题目提供信息分析解决问题的能力，有一定的难度。三、解答题（共5小题，满分24分）21（2分）图中，入射光线与凸透镜的主光轴平行，请画出相应的折射关系。【微点】透镜的光路图【思路】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的三条特殊光线来作图。【解析】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：【点拨】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。22（2分）请在图中标出条形磁体旁静止的小磁针的N、S极。【微点】磁极间的相互作用【思路】根据条形磁铁的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的N、S极【解析】解：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针的左端是N极，右端是S极。如下图所示：【点拨】此题主要考查了磁极间的相互作用的规律，是一道基础作图题。23（6分）请回答下列问题：（1）托盘天平是测量质量大小的工具，使用时应放在水平台面上。（2）如图甲所示，用刻度尺测量铅笔的长度，其中读数方法正确的是b（选填“a”或“b”），铅笔的长度为5.55cm。（3）图乙所示测量仪器的名称是体温计，它的测量范围是3542【微点】体温计的使用及其读数；天平的使用；刻度尺的使用【思路】（1）根据天平的使用要求解答；（2）刻度尺的正确使用方法：看：使用前先看量程、分度值、零刻度线是否损坏；放：放正尺的位置，使刻度尺有刻度的一边紧靠被测物体；读：读数时视线要与尺面垂直，估读到分度值的下一位；记：记录测量结果时要记上数值和单位；（3）解答本题需要了解体温计的测量范围，识别常用温度计的种类。【解析】解：（1）托盘天平是测量质量大小的工具，使用时应放在 水平台面上；（2）读数时，视线要与尺面垂直，故选b；由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值是1mm；铅笔左侧与0.00cm对齐，右侧与5.55cm对齐，所以铅笔的长度为L5.55cm0.00cm5.50cm；（3）图中所示测量仪器的名称是体温计，它的测量范围为3542，其分分度值为0.1。故答案为：（1）质量；水平；（2）b；5.55；（3）体温计；42。【点拨】本题主要考查的是天平、刻度尺和体温计的正确使用方法和正确读数，注意读数时，视线要与刻度面垂直。24（6分）在“探究浮力大小与哪些因素有关”实验中；（1）如图甲所示，依次将物体缓缓浸入水中。从位置23的过程中，物体受到的重力不变，受到的浮力变大。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）从位置34的过程中，物体受到的浮力不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关（选填“有关”或“无关”）。图乙中的b（选填“a”或“b”）能反映测力计示数在甲图实验过程中的变化。实验中用手提着测力计，可能会使测力计示数不稳定，你的改进建议是将测力计挂在铁架台上，通过调节物体浸入水中的深度来读数。（2）课本中提到，物体在空气中也会受到浮力作用，因此小禹设计了一个测量空气浮力大小的实验；排尽一个大气球内部的空气，测出气球的重力G球；将适量的氢气充入气球，用细线扎紧封口，按图丙所示测出拉力的大小F拉；根据F浮F拉+G球，求出气球所受浮力大小（细线重力和摩擦忽略不计）。小禹的实验方案中，计算浮力的方法有误，错误是漏加了氢气的重力。【微点】探究影响浮力大小因素的实验【思路】（1）物体的重力不变，根据阿基米德原理，由排开水的体积确定浮力变化；分析图中变化的量和不变的量，分析得出浮力与变化量的关系；根据称重法测浮力，F浮GF示，测力计示灵敏：F示GF浮来分析；将测力计挂在铁架台上；（2）将盛有适量氢气的气球视为一个整体进行受力分析，结合二力平衡回答。【解析】解：（1）如图甲所示，依次将物体缓缓浸入水中。从位置23的过程中，物体受到的重力不变，将物体缓缓浸入水的过程中，物体排开水的体积变大，根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力变大；从位置34的过程中，排开液体的体积和液体的密度均不变，只是浸没的深度增加了，物体受到的浮力不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关。根据称重法测浮力可得F浮GF示，则测力计的示数F示GF浮；物体浸入水中前，测力计示数等于重力（示数不变）；物体慢慢浸入水中，浮力先变大后不变，由F示GF浮可知，测力计的示数先变小后不变，所以图乙中的b能反映测力计示数在甲图实验过程中的变化。实验中用手提着测力计，可能会使测力计示数不稳定，改进建议是：将测力计挂在铁架台上，通过调节物体浸入水中的深度来读数；（2）将充有适量氢气的气球视为一个整体，在图丙中静止时，受到氢气与气球竖直向下的总重力、绳子对球竖直向下的拉力和竖直向上的浮力作用，且F浮F拉+G球+G氢，故原来计算气球所受浮力大小漏加了氢气的重力。故答案为：（1）不变；变大；无关；b；将测力计挂在铁架台上，通过调节物体浸入水中的深度来读数；（2）漏加了氢气的重力。【点拨】本题探究浮力大小与哪些因素有关，考查称重法测浮力、影响浮力大小的因素、分析归纳能力、控制变量法及对方案的改进及受力分析和二力平衡的知识。25（8分）小禹在复习“探究导体的电阻与哪些因素有关”的实验时，产生了一些疑惑；实验中为什么选择不常见的镍铬合金作为研究的导体，而不选用常见的铜丝？难道选用铜丝会不利于探究？带着这些思考，小禹决定进行实验验证；（1）为了能够更好地反映出电阻的变化，小禹可以在如图所示的电路中接入电流表，且与研究导体串联。（2）连接电路时，开关必须处于断开状态。（3）实验中，选择一根带鳄鱼夹的导线，主要是为了方便改变接入导体的长度。（4）分别用铜丝、镍铬合金丝进行实验，记录实验结果于下表，对比实验记录，发现用铜丝作为研究导体，实验现象不明显。不明显之处是：铜丝电阻小，电流变化小。 研究导体铜丝镍铬合金丝长度/cm10080501001008050100直径/mm0.50.50.50.70.50.50.50.7灯泡亮度很亮很亮很亮很亮较亮较亮亮亮电流/A0.420.420.430.430.240.260.310.30（5）通过实验，小禹解开了心中的疑惑，并进一步理解了滑动变阻器的原理及其在电学实验中的作用，如在图2所示的“探究电流与电阻的关系”实验中，将电阻R由5换成10后，滑动变阻器的滑片应该向上（选填“上”或“下”）端移动，以起到使电阻R两端电压保持不变的作用。【微点】影响电阻大小的因素【思路】（1）在该实验中，由于电阻的大小是不便于直接观察的，所以我们将电阻的大小转化成所串联的电流表来观察，即在电压一定时，电流越大，表明电阻越小；（2）为保护电路，连接电路时，开关必须处于断开状态；（3）带鳄鱼夹的导线方便改变接入导体的长度；（4）电压一定，电阻越小，电流越大；（5）根据串联电路分压的特点判断滑片移动的方向。【解析】解：（1）电阻的大小是不便于直接观察的，所以我们将电阻的大小转化为电流表的示数来观察，即在电压一定时，电流越大，表明电阻越小，即通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小；电流表应与研究导体串联；（2）为保护电路，连接电路时，开关必须处于断开状态；（3）实验中，选择带鳄鱼夹的导线，主要是为了方便改变接入导体的长度；（4）由表格数据可知，长度变化时，发现通过铜丝的电流变化不明显，原因是铜导线的电阻小，在电压一定时，通过铜丝的电流变化很小；（5）在“探究电流与电阻的关系”实验中，应控制电阻R两端电压不变；把5的电阻换成10的电阻，电阻的阻值变大，由分压原理可知，电阻分压变大，为保持电阻两端电压不变，应减小电阻两端电压，增大滑动变阻器两端的电压，应增大变阻器接入电路的阻值，故将滑片向上移动。故答案为：（1）电流表；串；（2）断开；（3）接入导体的长度；（4）铜丝；铜丝电阻小，电流变化小；（5）上；保持不变。【点拨】本题通过影响电阻大小的实验，考查电路的组成以及欧姆定律的应用，要学会应用控制变量法来解决物理问题。四、解答题（共3小题，满分24分）26（6分）2017年央视春晚桂林分会场的节目令人难忘，不论从舞台的搭建，还是从灯光的运用以及演员的表演来看，都无可挑剔。（1）据专家介绍，临江而建的观众席平台每1m2的承重标准达到了4000N，由此可知，观众席平台能承受的压强可达多少帕斯卡？（2）如图所示，在空中表演的舞蹈演员，由钢丝绳牵引着随音乐上下或左右移动。若演员向上移动4m所用的时间为10s，则移动的平均速度是多少？【微点】变速运动与平均速度；压强的大小及其计算【思路】（1）平台每1m2的承重标准达到了4000N，根据p可求得的观众席平台能承受的压强；（2）已知演员向上移动4m所用的时间为10s，利用速度公式求解。【解析】解：（1）平台受到的压力FG4000N，平台能承受的压强p4000Pa；（2）移动的平均速度v0.4m/s。答：（1）观众席平台能承受的压强可达4000Pa；（2）移动的平均速度是0.4m/s。【点拨】此题考查压强的大小及其计算和速度公式的应用，由于题目将已知条件告知，因此难度不大。27（10分）如图所示电路，电源电压恒为12V，定值电阻R为12，灯泡L标有“12V 0.5A”字样，假设灯丝电阻不随温度的变化而变化，求：（1）灯泡L的额定功率是多少？（2）当断开开关S2、闭合S1和S3时，电路中的总电流是多少？（3）开关S1、S2、S3分别处于什么状态时，整个电路消耗的总功率最小？此时的总功率为多少？【微点】欧姆定律的应用；电功率的计算【思路】（1）根据灯泡上字样的含义，根据PUI求灯的额定功率；（2）分析电路的连接，判断灯的发光情况，根据欧姆定律求通过R的电流，根据并联电路电流的规律求总电流；（3）根据欧姆定律求出灯的电阻，根据PUI，当电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，根据并联的电阻小于其中任一电阻，并联的电阻大于任一电阻，判断开关的开关与闭合情况使灯与R串联时，根据电阻的串联，电路的总电阻，根据PUI求电路的最小电功率。【解析】解：（1）灯泡L标有“12V 0.5A”字样，表示灯的额定电压为12V，额定电流为0.5A，则灯的额定功率：PUI12V0.5A6W；（2）当断开开关S2、闭合S1和S3时，灯与R并联，因电源电压为12V，故灯正常发光，通过的电流为0.5A，根据欧姆定律通过R的电流：IR1A，根据并联电路电流的规律，电路中的总电流是：IIL+IR0.5A+1A1.5A；（3）由欧姆定律I，灯的电阻：RL24，PUI，当电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，根据并联的电阻小于其中任一电阻，并联的电阻大于任一电阻，故当灯与R串联时，即S1、S3断开，S2闭合，灯与R串联时，串联的总电阻最大，根据电阻的串联，此时电路的总电阻：R串联RL+R24+1236，电路的最小电功率：P最小4W。答：（1）灯泡L的额定功率是6W；（2）当断开开关S2、闭合S1和S3时，电路中的总电流是1.5A；（3）即S1、S3断开，S2闭合时，整个电路消耗的总功率最小，此时的总功率为4W。【点拨】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，最后一问是难点，关键要明确电路总电阻最大的条件。28（8分）小禹在家中利用电吹风的冷风档做小实验，偶然发现电吹风向上吹风时，可使一个塑料小球悬空而不掉下来。小禹好奇地向爸爸请教，爸爸表扬了小禹爱钻研的好习惯，并告诉他：原因主要是流动的空气对小球产生了一个方向与风向一致的作用力，这个作用力可以称为“风阻”；当“风阻”与小球重力平衡时，小球就可以保持静止；而且当小球的大小相同时，可认为受到的“风阻”大小F与空气相对于小球的速度大小v的二次方成正比，即Fkv2（k为常数）。 爸爸还鼓励小禹结合初中知识来解决以下与这个现象相关的问题：有一竖直通风管道，当给风装置竖直向上给风时，整个管道内风速都相同，风速的大小可由给风装置任意调整。风速大小为v时，质量为m的实心小球甲恰好能在管道内悬浮。（1）若换上一个大小与甲球相同的实心小球乙，则需要调整风速大小为2v，才可以使乙保持悬浮。则乙球密度是甲球密度多少倍？（2）若风速大小调整为1.2v，让甲球在管道内由静止释放，它将先加速上升然后匀速上升，甲球匀速上升时，“风阻”对它做功的功率是多大？（用来表示结果的字母从m、g、k、v中选用） 请各位同学也来解决这两个问题把！【微点】密度公式的应用；二力平衡条件的应用；物体的浮沉条件及其应用；功率的计算【思路】（1）根据Fkv2和悬浮条件即可得出重力与空气相对于小球的速度v的关系，然后根据v的关系得出甲球与乙球的重力关系；由于甲球与乙球的体积相同，根据即可判断；（2）根据平衡条件（或根据空气相对于小球的速度利用Fkv2）得出甲球匀速上升时风阻对甲球的力，根据运动情况得出甲球上升的速度，利用PFv即可求出做功的功率。【解析】解：（1）由于甲球保持悬浮，由二力平衡条件可得G甲F，即：G甲kv2；乙球保持悬浮时，同理可得：G乙k（2v）24kv2；所以，甲球与乙球的重力关系为：G乙4G甲；由Gmg可得：m乙4m甲；已知甲球与乙球的体积相同，根据可得：乙4甲；（2）解法1：风速大小调整为1.2v时，甲球匀速上升时，由二力平衡条件可得“风阻”：FG甲mg，由题可知，风速为v甲球保持静止时，FG甲mg，所以，甲球都是处于平衡状态，FFG甲mg，说明此时空气相对于小球的速度还是v，即：“风阻”相同，则甲球上升的速度v甲1.2vv0.2v；所以，风阻对甲球做功的功率：PFv甲mg0.2v0.2mgv。解法2：风速为v甲球保持静止时，“风阻”FG甲，风速大小调整为1.2v时，甲球匀速上升时，由二力平衡条件可得“风阻”：FG甲，所以，FFG甲，说明此时空气相对于小球的速度还是v，则：“风阻”Fkv2，由于甲球上升的速度v甲1.2vv0.2v；所以，风阻对甲球做功的功率：PFv甲kv20.2v0.2kv3。答：（1）乙球密度是甲球密度4倍；（2）甲球匀速上升时，“风阻”对它做功的功率是0.2mgv。【点拨】本题考查物体的悬浮条件和功率公式的应用，关键是根据空气与小球的运动情况得出甲球上升的速度。第 20 页 / 共 20 页