广东省河源市2016年中考物理真题试题（含解析）.DOC

2016年广东省河源市中考物理试卷一、选择题（共7小题，每小题2分，满分14分）1下列与声现象有关的说法中不正确的是（）A宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声B高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生C只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音品D汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的2关于能源、能量，下列说法正确的是（）A可再生能源是未来理想能源的一个重要发展方向B核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站C能量是守恒的，不会发生能源危机D化石能源、水能、核能，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源3对下列现象的成因解释正确的是（）A早春，河中的冰逐渐消融汽化B盛夏，剥开包装纸后冰棒会冒“白气”熔化C深秋，清晨的雾在太阳出来后散去液化D严冬，堆起的雪人逐渐变小升华4在生产和生活中，人们常把密度作为选材的主要考虑因素之一下面那项是主要从密度的角度考虑选材的（）A用钨作为白炽灯泡灯丝的材料B用塑料作为插座外壳的材料C用铝合金作为制作飞机的材料D用水冷却汽车发动机5绘制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系如图所示的图象中，正确的是（）A汽车的匀速直线运动图象B铝的质量与体积的关系图象C电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D海波的熔化图象6现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）ABCD7如图是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机飞行的图片，下列说法中正确的是（）A飞机飞离航母后，航母所受浮力变小B飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速C飞机在航母甲板上加速飞行时，受到平衡力作用D飞机在起飞过程中，惯性将增大二、填空题（共5小题，每小题2分，满分10分）8如图所示，木块的长度是cm；用天平测小矿石的质量，当盘中所加砝码及游码位置如图所示时天平平衡，则此小矿石的质量为g9如图是甲、乙两种物质的熔化图象，由图象可知种物质是晶体，该晶体的熔点是10某同学穿的运动鞋，鞋底有凹凸不平的花纹，是为了增大鞋底与地面间的，若该同学的质量是60kg，站立时双脚鞋底与地面的接触面积为300cm2，则该同学对地面的压强为Pa（g取10N/kg）11如图所示通电螺线管的右侧是（填“N”或“S”）极，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，螺线管的磁性（填“增强”、“不变”、“减弱”）12如图所示，用吊车将棱长为1m的正方体花岗岩从距水面1m高的A处沿竖直方向匀速放入水中在整个过程中，钢缆拉力大小与下落高度的关系如图乙所示花岗岩浸没在说中时受到的浮力等于N；花岗岩石下落到图甲B处（h0=2m）时下表面受到水的压强等于Pa（g取10N/kg，水密度为1.0103kg/m3，计算结果用科学计算法表示）三、解答题（共6小题，满分26分）13如图所示P是物体的像位置，“O”是透镜光心的位置，请在图中“O”位置画出所需要透镜并完成光路图14如图所示，请用笔画代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮；三孔插座单独接入15在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路如图甲所示（1）连接电路前，开关必须（2）请根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示实物连接完整电路（导线不允许交叉）（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑动到（选填“右端”或“左端”）（4）实验中，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，实验数据如表，其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为A实验次数12345电阻R/510152025电流I/A0.60.30.20.15（5）实验结果是：16甲、乙两位同学一起做探究杠杆的平衡条件的实验，以杠杆中点为支点，如图甲、乙所示（1）若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置上静止，应将左端的平衡螺母向调节（2）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据根据这一次实验数据，甲同学立即分析得出杠杆的平衡条件，这种做法的不足是：（3）如图乙所示，乙同学设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为F1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F2第（填“一”或“二”）种实验方案更方便在同等条件下，两次弹簧测力计读数F1F2（填“”、“=”或“”）（4）乙同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与甲同学得出的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是：17一辆重2104N的四轮汽车，开进了一段泥泞的道路，不能继续行驶汽车司机组织人们用如图的滑轮组将汽车拖出已知整个过程中，水平拉力F是2103N，将汽车以0.2m/s的速度水平匀速拉出泥泞路段，用时10s若每个车轮与地面接触的面积为0.05m2（1）求汽车对路面的压强；（2）求拉力F做的功和功率18如图甲是某款电热水龙头即开即热、冷热兼用图乙是它的原理电路图R1、R2为电热丝通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换有关参数如表不考虑温度对电阻丝值的影响，请回答下列问题：（1）开关与1、2接触时，水龙头放出的水是（填“温”、“热”）水，此时电路中的电流多大？（2）水龙头放热水时，正常工作50s，消耗的电能是多少？（3）R2的电阻值多大？产品名称即热式热水龙头应用场所厨房、卫生间额定功率温水热水额定电压220V额定频率50Hz防触电类型类（最高等级）2016年广东省河源市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题2分，满分14分）1下列与声现象有关的说法中不正确的是（）A宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声B高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生C只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音品D汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的【考点】声音的综合利用【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能够传声；（2）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；（3）音品也就是音色，反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；（4）倒车雷达是利用超声波工作的【解答】解：A、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话此选项正确；B、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防止噪声的产生此选项不正确；C、不同人声音的音色不同，区别出谁在说话，是因为音品不同的原因，声纹锁主要是依据声音的音品来辨别主人的此选项正确；D、倒车雷达是利用超声波传递信息的此选项正确故选B2关于能源、能量，下列说法正确的是（）A可再生能源是未来理想能源的一个重要发展方向B核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站C能量是守恒的，不会发生能源危机D化石能源、水能、核能，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源【考点】能源【分析】（1）可再生能源清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境；（2）核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，其主要危害在于核燃料和核废料都具有放射性，但不应该关闭；（3）能量是守恒的，但由于能量的转化具有方向性，所以无节制的消耗能源会造成能源危机；（4）化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而水能可以从自然界不断地得到，所以属于可再生能源；【解答】解：A、可再生能源足够清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境，是未来理想能源的一个重要发展方向，故A正确B、核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，核废料具有放射性，但不应该关闭，应该合理的利用，故B错误；C、由于能量的转化具有方向性，所以无节制的消耗能源会造成能源危机，故C错误；D、化石能源、核能不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而水能可以从自然界不断地得到，属于可再生能源，所以D错误故选A3对下列现象的成因解释正确的是（）A早春，河中的冰逐渐消融汽化B盛夏，剥开包装纸后冰棒会冒“白气”熔化C深秋，清晨的雾在太阳出来后散去液化D严冬，堆起的雪人逐渐变小升华【考点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；生活中的升华现象【分析】要分析是什么物态变化，就要先确定此物质原来是什么状态，现在又是什么状态，即判断该物质由什么状态变化到什么状态【解答】解：A、河中的冰消融是固态冰变液态水，是熔化现象此选项错误；B、冰棒冒的“白气”是冰棒周围的气态的水蒸气遇冷变成的液态小水珠，是液化现象此选项错误；C、雾散去是液态的水变气态的水蒸气，是汽化现象此选项错误；D、雪人变小是固态的冰直接变成了气态的水蒸气，是升华现象此选项正确故选D4在生产和生活中，人们常把密度作为选材的主要考虑因素之一下面那项是主要从密度的角度考虑选材的（）A用钨作为白炽灯泡灯丝的材料B用塑料作为插座外壳的材料C用铝合金作为制作飞机的材料D用水冷却汽车发动机【考点】与密度有关的物理现象【分析】利用下列知识分析判断：钨做灯丝是因为钨的熔点比较高，在高温下钨不容易熔化塑料、橡胶具有良好的绝缘性，广泛应用于电路的绝缘部分相同体积时，物质的密度越小，质量越小对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多【解答】解：A、钨丝做灯丝是利用钨丝的熔点比较高的性质，不符合题意；B、用塑料作为插座外壳的材料，利用了塑料绝缘性强的特点，可以保证用电安全，不符合题意；C、铝合金的密度比较小，在相同体积时，质量比较小，重力比较小，易于飞机起飞，符合题意；D、汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，不符合题意故选C5绘制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系如图所示的图象中，正确的是（）A汽车的匀速直线运动图象B铝的质量与体积的关系图象C电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D海波的熔化图象【考点】速度与物体运动；晶体的熔化和凝固图像；密度公式的应用；欧姆定律的应用【分析】汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比；同种物质密度一定，质量与体积成正比；电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变【解答】解：A、汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比如果用横轴表示时间，纵轴表示路程，则图象就是一条斜线，故A正确；B、同种物质密度一定，质量与体积成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线而如果是一条平行于横轴的直线，则它所表达的意思就不是质量与体积成正比，故B错误；C、电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线，而不是一条斜向下的直线斜向下表示电流随着电压的增大在减小，这违背了欧姆定律，故C错误；D、海波是晶体，晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变，晶体在熔化时有确定的温度，而图象中并没有确定的熔化温度，故D错误故选A6现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）ABCD【考点】电路图及元件符号【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A不正确；B、只闭合开关S1时红灯亮，只闭合开关S2时绿灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；C、两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故C不正确；D、当只闭合开关S2时，两灯泡都发光；只闭合S1时绿灯亮故D不正确故选B7如图是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机飞行的图片，下列说法中正确的是（）A飞机飞离航母后，航母所受浮力变小B飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速C飞机在航母甲板上加速飞行时，受到平衡力作用D飞机在起飞过程中，惯性将增大【考点】物体的浮沉条件及其应用；惯性；平衡状态的判断；流体压强与流速的关系【分析】（1）漂浮物体的浮力始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变化；（2）流体流速越快的位置压强越小，据此来分析飞机起飞时的受力情况；（3）受到平衡力，飞机静止或匀速运动，加速运动，受非平衡力；（4）惯性是一切物体所具有的一种特性，在任何时候物体都有惯性【解答】解：A、航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力会减小，A说法正确；B、飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方，从而产生向上的升力，故B说法错误；C、飞机在航母甲板上加速飞行时，运动状态发生了变化，飞机受非平衡力作用，C说法错误；D、物体惯性的大小只与物体的质量有关，飞机的质量不变，所以惯性的大小不变；故D说法错误故选A二、填空题（共5小题，每小题2分，满分10分）8如图所示，木块的长度是2.45cm；用天平测小矿石的质量，当盘中所加砝码及游码位置如图所示时天平平衡，则此小矿石的质量为33.4g【考点】长度的测量；质量的测量与天平【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位右盘砝码的质量加上游码的示数就是左盘物体的质量；【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与1.00cm对齐，右侧在3.40cm与3.50cm之间，读作：3.45cm，所以木块的长度为L=3.45cm1.00cm=2.45cm被测物体质量等于右盘中所有砝码质量之和加游码在标尺上所对刻度，即：20g+10g+3.4g=33.4g故答案为：2.45；33.49如图是甲、乙两种物质的熔化图象，由图象可知乙种物质是晶体，该晶体的熔点是50【考点】熔化和凝固的温度时间图象【分析】晶体有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，因此根据图象中观察是否有固定熔点区分晶体和非晶体，同时熔化时，温度不变，该温度为熔点【解答】解：从图中可知，乙在熔化过程中吸收热量，温度保持50不变，所以乙是晶体，且熔点为50故答案为：乙；5010某同学穿的运动鞋，鞋底有凹凸不平的花纹，是为了增大鞋底与地面间的摩擦力，若该同学的质量是60kg，站立时双脚鞋底与地面的接触面积为300cm2，则该同学对地面的压强为2104Pa（g取10N/kg）【考点】增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力（2）水平面上物体的重力和自身的压力相等，知道站立时双脚鞋底与地面的接触面积，根据G=mg和p=求出则该同学对地面的压强【解答】解：（1）鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力（2）则该同学对地面的压力：F=G=mg=60kg10N/kg=600N，则该同学对地面的压强：p=2104Pa；故答案为：摩擦力；210411如图所示通电螺线管的右侧是N（填“N”或“S”）极，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，螺线管的磁性增强（填“增强”、“不变”、“减弱”）【考点】通电螺线管的磁场【分析】要解决此题，需要掌握安培定则、滑动变阻器的作用和影响电磁铁磁性强弱的因素安培定则：伸出右手，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数知道电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强移动滑动变阻器的滑片，改变连入电路的电阻的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流【解答】解：由图可知，电流从螺旋管的左端流入，用右手握住螺旋管，大拇指指向右端，所以右端是N极滑片向左移动时，连入电路的电阻变小，电流增大，在螺旋管的匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强故答案为：N；增强12如图所示，用吊车将棱长为1m的正方体花岗岩从距水面1m高的A处沿竖直方向匀速放入水中在整个过程中，钢缆拉力大小与下落高度的关系如图乙所示花岗岩浸没在说中时受到的浮力等于1.0104N；花岗岩石下落到图甲B处（h0=2m）时下表面受到水的压强等于3104Pa（g取10N/kg，水密度为1.0103kg/m3，计算结果用科学计算法表示）【考点】浮力大小的计算；压强的大小及其计算【分析】（1）已知正方体棱长为1m，可求得其体积，花岗岩石浸没在水中时V排=V物，根据F浮=gV排可求得花岗岩石浸没在水中时受到的浮力；（2）花岗岩石下落到图甲B处（h0=2m）时，下表面距离水的深度为2m+1m=3m，再利用p=gh可求得下表面受到水的压强【解答】解：（1）V排=V物=1m3，F浮=gV排=1.0103kg/m310N/kg1m3=1.0104N，（2）花岗岩石下落到图甲B处（h0=2m）时，下表面距离水的深度h=2m+1m=3m，下表面受到水的压强p=gh=1.0103kg/m310N/kg3m=3104Pa故答案为：1.0104；3104三、解答题（共6小题，满分26分）13如图所示P是物体的像位置，“O”是透镜光心的位置，请在图中“O”位置画出所需要透镜并完成光路图【考点】透镜的光路图【分析】像物在两侧，是凸透镜成实像的情况，知道“O”是凸透镜光心的位置，据此画出凸透镜，再利用凸透镜的三条特殊光线作图【解答】解：像物在两侧，故是凸透镜成实像的情况，“O”是凸透镜光心的位置；从烛焰像的端点S发出的平行于主光轴的光线，经凸透镜后过烛焰像的端点S；通过光心的折射光线过烛焰像的端点S，右图所示：14如图所示，请用笔画代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：同时闭合声控开关和光控开关电灯才能亮；三孔插座单独接入【考点】家庭电路的连接【分析】只有在光线很暗且有声音时灯才亮说明两开关不能独立工作、相互影响即为串联；连接电路时应注意开关控制火线，且火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套；三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”【解答】解：灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如下图所示：15在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路如图甲所示（1）连接电路前，开关必须断开（2）请根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示实物连接完整电路（导线不允许交叉）（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑动到右端（选填“右端”或“左端”）（4）实验中，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，实验数据如表，其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为0.12A实验次数12345电阻R/510152025电流I/A0.60.30.20.15（5）实验结果是：电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关必须断开；（2）掌握实物电路的连接，特别注意电压表、电流表正负接线柱和量程的选择及滑动变阻器的接法；（3）为保护电路，连接电路时，应断开开关，滑动变阻器接入电路的阻值应为最大阻值（4）确定电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；（4）由欧姆定律可以求出电阻阻值；根据串联电路特点与欧姆定律可以求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，然后答题（5）分析表格中电阻、电流的变化得出结论：当电压不变时，导体中的电流与电阻成反比【解答】解：（1）为保护电路安全，连接电路前，开关必须断开；（2）根据电路图连接实物电路图，电流表应串联在电路中，根据丙图知电流表应该选择00.6A量程，如图所示：（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处，所以滑动变阻器的滑片P应滑动到右端；（4）由图丙所示电流表可知，其量程为00.6A，分度值为0.02A，所以其读数为0.12A；（5）根据表中数据可得出的结论是：电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比故答案为：（1）断开；（2）实物图如图所示；（3）右端；（4）0.12；（4）电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比16甲、乙两位同学一起做探究杠杆的平衡条件的实验，以杠杆中点为支点，如图甲、乙所示（1）若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置上静止，应将左端的平衡螺母向左调节（2）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据根据这一次实验数据，甲同学立即分析得出杠杆的平衡条件，这种做法的不足是：实验次数太少，结论具有偶然性（3）如图乙所示，乙同学设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为F1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F2第一（填“一”或“二”）种实验方案更方便在同等条件下，两次弹簧测力计读数F1F2（填“”、“=”或“”）（4）乙同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与甲同学得出的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是：杠杆存在自重【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；（2）初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；（3）杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；（4）图丙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响【解答】解：（1）右端低左端高，应将平衡螺母向较高的一端调节，即将左边或右边的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1F2；（4）图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大故答案为（1）左；（2）实验次数太少，结论具有偶然性；（3）一；（4）杠杆存在自重17一辆重2104N的四轮汽车，开进了一段泥泞的道路，不能继续行驶汽车司机组织人们用如图的滑轮组将汽车拖出已知整个过程中，水平拉力F是2103N，将汽车以0.2m/s的速度水平匀速拉出泥泞路段，用时10s若每个车轮与地面接触的面积为0.05m2（1）求汽车对路面的压强；（2）求拉力F做的功和功率【考点】压强的大小及其计算；功的计算；功率的计算【分析】（1）汽车对地面的压力等于其重力，又知受力面积，应用压强公式可以求出压强（2）首先确定滑轮组绳子的有效股数，然后利用速度公式求出汽车移动的距离，利用s绳=2s车求出绳端移动的距离，再利用W=Fs计算拉力做的功，最后利用P=可以求出拉力的功率【解答】解：（1）汽车对水平地面的压力：F=G=2104N，汽车对水平路面的压强：p=1105Pa；（2）由图示可知，承重绳子的股数：n=2，根据v=可得，汽车移动的距离：s车=v车t=0.2m/s10s=2m，则绳端移动的距离：s绳=2s车=22m=4m，拉力做的功：W=Fs绳=2103N4m=8104J，拉力的功率：P=8103W答：（1）求汽车对路面的压强为1105Pa；（2）求拉力F做的功为=8104J；功率为8103W18如图甲是某款电热水龙头即开即热、冷热兼用图乙是它的原理电路图R1、R2为电热丝通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换有关参数如表不考虑温度对电阻丝值的影响，请回答下列问题：（1）开关与1、2接触时，水龙头放出的水是温（填“温”、“热”）水，此时电路中的电流多大？（2）水龙头放热水时，正常工作50s，消耗的电能是多少？（3）R2的电阻值多大？产品名称即热式热水龙头应用场所厨房、卫生间额定功率温水热水额定电压220V额定频率50Hz防触电类型类（最高等级）【考点】电功与热量的综合计算；欧姆定律的应用【分析】（1）开关与1、2接触时，电阻R1单独接入电路，连入电阻较大，为低温档，水龙头放出的水是温水，利用P=UI求此时电路中的电流；（2）开关与2、3接触时，电阻R1、R2并联接入电路，连入电阻较小，为高温档，水龙头放出的水是热水，利用W=Pt求正常工作50s消耗的电能；（3）由P=UI求总电流，可得R2支路的电流，再利用欧姆定律求R2的电阻值【解答】解：（1）开关与1、2接触时，电阻R1单独接入电路，连入电阻较大，P=可知电功率较小，为低温档，水龙头放出的水是温水；此时电路中的电流I1=10A；（2）开关与2、3接触时，电阻R1、R2并联接入电路，连入电阻较小，P=可知电功率较大，为高温档，水龙头放出的水是热水，P热水=3300W，正常工作50s，消耗的电能：W=P热水t=3300W50s=1.65105J；（3）由P=UI得总电流I=15A，R2支路的电流I2=II1=15A10A=5A，由欧姆定律得：R2=44故答案为：（1）温；（2）水龙头放热水时，正常工作50s，消耗的电能是1.65105J；（3）R2的电阻值4415