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2021年广东省中考物理试卷
1. 下列关于中学生的估测，符合实际的是(    )
A. 身高约为170mm B. 体重约为50N
C. 站立时对地面的压强约为500Pa D. 体温约为37℃
2. 如图是八个相同的玻璃瓶，装有高度不同的水，用筷子分别敲击瓶口，下列说法正确的是(    )

A. 声音主要是由瓶内空气振动产生的
B. 声音主要是由玻璃瓶振动产生的
C. a瓶的音调最低
D. d瓶的音调最低
3. 关于四冲程汽油机的工作过程，下列说法正确的是(    )
A. 吸气冲程：只吸入空气 B. 压缩冲程：缸内温度降低
C. 做功冲程：气体推动活塞做功 D. 排气冲程：内能转化为机械能
4. 电磁波的频率与波长的大致分布如图所示，下列说法正确的是(
A. 紫外线属于可见光
B. 红外线的波长比可见光的短
C. X射线的频率比无线电波的低
D. 可见光与γ射线在真空中的传播速度相等
5. 甲、乙两种物质的质量与体积关系m−V图象如图所示，甲、乙密度之比为(    )

A. 2：1 B. 1：2 C. 3：1 D. 1：3
6. 如图中，灯泡L1、L2分别标有“6V 3W”“6V 6W”字样，电源电压不变，开关S闭合。①只闭合S1，灯泡L1、L发光；②只闭合S2，灯泡L2、L发光。灯泡L在②中比在①中(设灯丝电阻不变)(    )
A. 电功率较大，亮度较亮
B. 电功率较小，亮度较暗
C. 电功率相同，亮度相同
D. 电功率较大，亮度较暗

7. 小明看到清淤作业人员正在将水塘底部的淤泥搬运到船上。他想：水面高度会变化吗？于是进行了探究：首先，将石块a和不吸水的木块b置于装有水的烧杯中，如图所示：然后，将石块a从水中拿出并轻轻放在木块b上，它们处于漂浮状态，则水面高度将(    )
A. 下降 B. 上升 C. 不变 D. 无法判断
8. 固态、液态和______ 是物质常见的三种状态。如图是某种物质三种状态的微观模型，其中图乙表示物质的______ 态。该物质由图甲状态变为图乙状态时，发生的物态变化为______ 。

9. 原子由______ 和电子组成，电子带______ 电，用中子轰击轴235原子核，可使其发生核______ (选填“聚变”或“製变”)并释放核能。
10. 如图为火箭发射的场景，火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的______ 大，火箭发射升空时，燃料的化学能转化为______ 能，再转化为火箭的机械能，这个过程中火箭的机械能______ (选填“守恒”或“不守恒”)。

11. 小明给弟弟变了个魔术，他将装有一枚硬币的杯子放在弟弟面前，如图所示，弟弟在A处看不到硬币，这是因为光沿______ 传播。小明向杯中缓缓注水后，弟弟能看到硬币了，这是由光的______ 产生的现象，弟弟看到的是硬币的______ (选填“实”或“虚”)像。
12. 唐代诗人杜甫有诗句“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”。诗中秋风“卷”走“三重茅”主要是由于屋顶外侧空气相对于屋内空气的流速______ 、压强______ ，从而产生一个向______ 的力。
13. 如图是探究电流通过导体产生的热量与______ 关系的实验装置。实验中用U形管内液面的______ 反映导体产生热量的多少，通电一段时间后，容器______ (选填“甲”或“乙”)内电阻丝产生的热量较多。

14. 用如图甲的滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，反映绳子自由端运动的图线是______ (选填“A”或“B”)，动滑轮重为______ N，3s内对物体做的有用功为______ J。

15. 如图所示，物体静止在斜面上，画出A所受重力G和支持力FN的示意图。

16. 如图为冰箱工作时的部分电路示意图。冰箱内照明灯由开关S1控制，压缩机M由开关S2控制。根据题意，将图连接完整，并符合安全用电原则。

17. 如图所示，蜡烛的烛焰中心A在主光轴上距凸透镜光心O二倍焦距以外。
①根据凸透镜成像规律，在图甲中标出A所成的像A′的大致位置。
②借助辅助线或光路图，在图乙中找到A所成的像A′的确切位置，保留作图痕迹。

18. (1)如图1甲中木块的长度为______ cm；在调节天平平衡时，将游码归零后，指针如图1乙所示，此时应向______ 调节平衡赚母，使横梁平衡；天平平衡时，放在天平右盘中的砝码和游码的位置如图1丙所示，所测物体的质量为______ g。

(2)蹄形磁体附近的导体与灵敏电流计组成闭合电路，如图2所示，现将该导体竖直向上快速移动(沿图示箭头方向)，电路中______ (选填“有”或“无”)感应电流产生。
(3)小明家的电能表月初示数如图3所示，月底示数为941.4kW⋅ℎ，若用电价格为0.7元/度，则小明家该月电费为______ 元。
(4)在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，如图4所示，其中图______ 是水沸腾前的情况，沸腾前气泡大小变化的原因是：气泡上升过程中______ (多选，选填字母)。
A.气泡遇冷收缩
B.气泡遇热膨胀
C.气泡所受水的压强变小
D.气泡内水蒸气遇冷液化
19. 小明在“探究滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验中，如图所示。
(1)根据______ 条件，当弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______ 运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，如图甲所示。
(2)小明在图甲实验中发现较难保持木块匀速运动，弹簧测力计示数不稳定。于是，他与同学们一起改进实验，如图乙所示，固定弹簧测力计，通过拉动长木板进行实验，实验记录如表，则木块所受的滑动摩擦力大小为______ N。
实验次数
长木板运动情况
弹簧测力计示数/N
1
匀速
2.0
2
由慢到快
2.0
3
由快到慢
2.0
(3)写出用图乙装置的一条优点：______ 。
20. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，实物器材有：电源(电压恒为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω 2A”字样)和开关各一个，定值电阻五个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)，导线若干。
(1)将如图甲实验电路连接完整。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最______ 端。
(3)图乙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图象，其中阴影面积的物理意义是______ ，其数值为______ 。
21. 如图甲电路，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器R的滑片P由a移动到b时，R0的电功率和电流的P−I关系图象如图乙所示，求：

(1)电源电压；
(2)滑动变阻器的最大阻值。

22. 杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤的示意图，使用时，将待称物体挂在秤钩上，用手提起B或C(相当于支点)处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置D，使秤杆达到水平平衡时可读出待称物体的质量，此秤最大称量是10kg，秤砣最远可移至E点。秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示(g取10N/kg)，求：
(1)提起哪处的秤纽，此秤的称量最大？
(2)秤砣质量为多少？
(3)当提起C处秤纽称一袋质量为2kg的荔枝时，D与C之间的距离为多少？

23. 小明发现，晚上坐公交车时在车窗玻璃里看到另一个“自己”，而白天却看不清。结合平面镜成像知识，他思考以下问题：
(1)在车窗玻璃里看到的另一个“自己”是光的______ 形成的像。
(2)如图甲所示，小车的前挡风玻璃是倾斜的，从光学角度分析，这样设计的目的是：______ (写出一条)；此外，晚上开车时，来自后方车辆的强光入射到前挡风玻璃，被反射到______ (选填“上方”或“下方”)，以减少对司机视线的干扰。
(3)在探究平面镜成像特点的实验中，如图乙所示。
①组装器材时，要使玻璃板与水平桌面相互______ 。
②实验需要记录像与物的大小关系，还需要记录物理量______ 和______ 。
③实验中如果将蜡烛B也点燃，对实验的影响是______ (写出一条)。

24. 如图甲是某品牌家用电吹风，其电路如图乙所示，R1、R2为电阻丝，M为电动机。通过调节开关，可使电吹风分别处于“停止”“冷风”“暖风”或“热风”四种状态。
(1)要使电吹风正常工作，图甲中的A处应安装______ ，B处应安装______ 。(选填“电动机”或“电阻丝”)
(2)如图乙，要使电吹风处于“冷风”状态，应闭合开关______ ，要使电吹风处于“暖风”状态，应闭合开关______ 。
(3)已知电吹风处于“暖风”状态时，从出风口吹出的空气温度升高了20℃；处于“热风”状态时，从出风口吹出的空气温度升高了30℃。假设这两种状态下的热效率相同，相同时间内吹出的空气质量相同，则R1：R2= ______ 。
(4)电吹风用了几年后，由于电阻丝的升华，实际发热功率会______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。

25. 阅读下列短文，回答问题。
超声波测速
超声波是振动频率高于20000Hz的声波，它具有指向性好、反射能力强、能量集中等特点，可用于测距、测速等。
测距是测速的基础，如图甲所示，超声波测速仪向静止的汽车发射超声波信号(简称信号)，同时开始计时，信号传播过程中遇到汽车会被反射，测速仪接收到返回的信号停止计时，根据记录的时间及其与路程、速度的关系，可计算出汽车与测速仪之间的距离。图乙是信号传播过程的s−t图象，s表示信号与测速仪之间的距离，t表示信号传播的时间。
测速仪测量汽车速度的原理是：测速仪向运动的汽车先后发射两次信号，根据汽车在两次遇到信号之间所通过的路程及所用的时间，由速度公式可得出汽车的平均速度。
测速仪在公路上对某跑车进行测速时，向匀速驶来的跑车发射两次信号，两次发射信号的时间间隔是1.0s，第一次发射信号到接收用时0.6s，第二次发射信号到接收用时0.3s。经测速仪测定，该跑车超速，驾驶员将受到交警部门处罚。(超声波速度取340m/s)
(1)人耳______ (选填“能”或“不能”)听到超声波，超声波测速是利用了超声波的指向性好、能量集中、______ 等特点。
(2)如图乙所示，若t0=0.4s，则静止的汽车与测速仪之间的距离为______ m。
(3)通过计算，在图丙中，大致画出测速仪对该跑车发射的两次信号传播过程的s−t图象(t从第一次发射信号开始计时)，跑车在两次遇到信号之间通过的路程为______ m，跑车的速度大小为______ m/s。
答案和解析
1.【答案】D

【解析】解：A、成年人的身高在170cm左右，少数中学生的身高接近成年人，在170cm=1700mm左右。故A不符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N。故B不符合实际；
C、中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04m2左右，双脚对水平地面的压强在p=FS=GS=500N0.04m2=1.25×104Pa左右。故C不符合实际；
D、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故D符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】B

【解析】解：
AB、敲击瓶子时，声音是由瓶子和水柱的振动产生的，故A错误，B正确；
CD、从左往右瓶内水的质量逐渐增多，从左往右敲击瓶子时瓶子振动越来越慢(即振动频率越来越低)，所以声音的音调会变低，即a瓶的音调最高，h瓶的音调最低，故CD错误。
故选：B。
敲击瓶子时，是瓶子与水柱振动发声，水柱越高，越难振动。
本题主要考查了声音的产生，特别要注意的是在敲击瓶子和吹瓶子的时候，发声体是不同的。
3.【答案】C

【解析】解：
A、汽油机在吸气冲程中吸入的是汽油和空气的混合物，故A错误；
B、在压缩冲程，活塞对气体做功，将机械能转化为内能，气体的内能变大，温度升高，故B错误；
C、做功冲程中，燃气对活塞做功，燃气的内能转化为活塞的机械能，故C正确；
D、排气冲程中没有能量的转化，故D错误。
故选：C。
四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
本题考查了内燃机的四个冲程，要求学生对每个冲程的特点、能量转化等情况十分熟悉才能顺利解答。
4.【答案】D

【解析】解：A、人看不见红外线和紫外线，红外线和紫外线都属于不可见光，故A错误；
B、根据电磁波谱的波长顺序可知，红外线的波长比可见光的波长长，故B错误；
C、由图可知，体检胸透用的X射线频率比无线电波高，故C错误；
D、可见光与γ射线都是电磁波，电磁波在真空中的传播速度相同，故D正确。
故选：D。
(1)人看不见红外线和紫外线；
(2)根据电磁波谱的波长顺序可知，红外线的波长和可见光的波长关系；
(3)体检胸透用的电磁波频率比无线电波高；
(4)电磁波在真空中的传播速度相同。
本题考查了电磁波多个方面的知识，都是一些记忆型的，难度不大，在平时学习中注意多积累。
5.【答案】C

【解析】解：由图可知，当V甲=V乙=10cm3时，m甲=30g，m乙=10g，
则甲、乙两种物质的密度之比为：
ρ甲ρ乙=m甲V甲m乙V乙=m甲m乙×V乙V甲=30g10g×10cm310cm3=3：1。
故选：C。
由图可知读出一组等体积的两种物质的质量，然后根据密度公式ρ=mV求出甲、乙两种物质的密度之比。
本题考查了密度公式的灵活应用，从题干中获取有用的信息是关键，属于基础题目，难度不大。
6.【答案】A

【解析】解：
由P=U2R可得两灯的电阻分别为：
R1=U2P1=(6V)23W=12Ω，R2=U2P2=(6V)26W=6Ω，
比较可知R1>R2；
在开关S闭合的前提下，①只闭合S1，灯泡L1、L串联接入电路，②只闭合S2，灯泡L2、L串联接入电路，
因串联电路总电阻等于各部分电阻之和，且R1>R2，所以R总1>R总2，由欧姆定律可知I1<I2，即在②中的电流大；
因灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，所以根据公式P=I2R可知，灯泡L在②中比在①中的电功率大，亮度较亮。
故选：A。
根据电功率公式P=U2R分别计算灯泡L1和灯泡L2的电阻，并比较两灯的电阻大小；
在开关S闭合的前提下，①只闭合S1，灯泡L1、L串联接入电路，②只闭合S2，灯泡L2、L串联接入电路；根据串联电路电阻规律可知电路①和电路②的总电阻的大小关系，根据欧姆定律可得通过两电路的电流的大小关系，根据电功率公式P=I2R可知灯泡L在②中与在①中的电功率的大小关系，灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，据此解答。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，题目有一定难度。
7.【答案】B

【解析】解：由图可知，b漂浮，F浮b=Gb，a沉底，F浮a<Ga，
将石块a和不吸水的木块b置于装有水的烧杯中，它们处于漂浮状态，则F浮(a+b)=Ga+Gb，
由阿基米德原理F浮=ρ水V排g可知，F浮(a+b)>F浮a+F浮b，
即将石块a和不吸水的木块b置于装有水的烧杯中排开水的体积比原来变大了，则水面高度将升高。
故选：B。
由图可知，b漂浮，F浮b=Gb，a沉底，F浮a<Ga，
将石块a和不吸水的木块b置于装有水的烧杯中，把a、b当做一个整体分析，由题意可知都是处于漂浮状态，所以受到的浮力相等，等于它们的总重力，由阿基米德原理F浮=ρ水V排g分析。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，根据阿基米德原理分析出浮力的变化是解题的关键。
8.【答案】气态  液  熔化

【解析】解：固态、液态和气态是物质常见的三种状态。如图是某种物质三种状态的微观模型，其中图乙表示物质的液态。图甲表示物质处于固态，图乙表示物质处于液态，由图甲固态变为图乙液态时，发生的物态变化为熔化。
故答案为：气态、液、熔化。
(1)物质常见的三种状态：固态、液态和气态。固态时分子间间隙小，排列整齐和紧密；液体时分子间间隙变大，排列不规则；气态时分子间间隙最大，排列杂乱无章。
(2)物质的三态可以发生相互转化，固态变为液态叫熔化；液体变为固态叫凝固；液态变为气态叫汽化；气态变为液态叫液化；固态直接变为气态叫升华，气态直接变为固态叫凝华。
本题考查物质的三态即三态变化，基础知识考查，难度不大。
9.【答案】原子核  负  裂变

【解析】解：原子由带正电的原子核和核外带负电的电子构成。用中子轰击轴235原子核，可使其发生核裂变并释放核能。
故答案为：原子核；负；裂变。
(1)原子由带正电的原子核和核外带负电的电子构成。
(2)核能的利用有核裂变和聚变。
知道原子核的构成，明确核能的两种利用，可解答此题。
10.【答案】热值  内  不守恒

【解析】解：(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；并且所需的液态氢的体积小，便于储存和运输。
(2)火箭发射升空时，燃料通过燃烧将化学能转化为燃气的内能，燃气对火箭做功，又将内能转化为火箭的机械能，使得火箭的机械能增大，所以机械能不守恒。
故答案为：热值；内；不守恒。
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)燃料的燃烧属于化学变化，将化学能转化为内能；火箭是热机的一种，它的工作原理就是将内能转化为机械能；根据机械能的变化判断机械能是否守恒。
本题考查了对热值、能量的转化等知识的理解和应用，对于实际问题，要了解具体情况后结合所学知识解答。
11.【答案】直线  折射  虚

【解析】解：(1)弟弟在A处看不到硬币，是由于杯的边缘部分挡住了来自硬币的光线，光线进入不到眼睛，所以眼睛看不到硬币，这说明了光在均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当杯中缓缓注水后，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像(虚像的位置比物体的实际位置偏高)。
故答案为：直线；折射；虚。
(1)光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。
本题综合考查了光的直线传播和光的折射，关于光现象历来就是考试的一个热点，所以该题属于常见题，一定要掌握。
12.【答案】大  小  上

【解析】解：秋风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，产生一个向上的压强差和压力差，所以秋风“卷”走屋顶茅草。
故答案为：大；小；上。
流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。
掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注意平常的积累，注意挖掘古诗中蕴含的物理知识。
13.【答案】电流  高度差  甲

【解析】解：(1)装置中乙容器中两个5Ω的电阻并联后再与甲容器中一个5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，乙容器中两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系；
(2)据实验装置可知，电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀，从而导致U形管中的液面会发生变化，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映电流通过导体产生热量的多少，这种研究方法叫转换法；
(3)根据Q=I2Rt可知，在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，电流产生的热量越多，由(1)可知通过容器甲内电阻丝的电流较大，故其产生的热量较多。
故答案为：电流；高度差；甲。
(1)由图可知甲乙两容器中电阻丝的电阻相同，通过电阻丝的电流不同，故如图是探究电流通过导体产生的热量与电流的关系；
(2)电流通过导体产生的热量的多少不能直接观察，但可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
(3)根据Q=I2Rt可判断电流产生热量的多少。
本题考查的是学生对“探究电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键，突出运用所学知识解决实际问题的能力，明白U形管在实验中的作用，具有一定的综合性。
14.【答案】A  40  300

【解析】解：
(1)由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3ℎ，所以图乙中上面的倾斜直线A是绳子自由端运动的s−t图像，而下面的倾斜直线B是物体运动的s−t图像；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=13(G+G动)，则动滑轮重力：
G动=3F−G=3×80N−200N=40N；
(3)由图乙可知，t=3s时，物体运动的高度ℎ=1.5m，
拉力做的有用功：W有用=Gℎ=200N×1.5m=300J。
故答案为：A；40；300。
(1)由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3ℎ，据此确定图乙中绳子自由端运动的s−t图像是A还是B；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=13(G+G动)，据此求动滑轮重力；
(3)由图乙可知，t=3s时，物体运动的高度ℎ=1.5m，利用W=Gℎ求拉力做的有用功。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、有用功的计算，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=13(G+G动)。
15.【答案】解：重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下，过重心作一条竖直向下的线段，在末端画上箭头，即为重力G的示意图；
斜面对物体支持力的方向垂直于斜面向上，过物体的重心作一条垂直于斜面向上的线段，末端画上箭头，标出支持力符号FN，如下图所示：

【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力的方向是垂直于斜面向上的，作用点可画在物体的重心上。
(1)画重力的示意图关键是要明确它的三要素，这里注意重力的方向始终是竖直向下的。
(2)因为支持力是物体受到的力，所以力的作用点一定要画在物体上，并注意支持力的方向与斜面垂直。
16.【答案】解：冰箱内照明灯和压缩机可以独立工作，所以是并联的，冰箱内照明灯由开关S1控制，压缩机M由开关S2控制；为了用电的安全，开关应该接在火线与用电器之间；冰箱有金属外壳，其外壳要接地，如图所示：

【解析】根据照明灯和压缩机的工作特点判定其连接方式；为了用电的安全，开关应该接在火线与用电器之间；有金属外壳的用电器，其外壳要接地。
本题考查了家庭电路的连接，属于基础题。
17.【答案】解：①根据题意可知，蜡烛的烛焰中心A在主光轴上距凸透镜光心O二倍焦距以外，所以成倒立、缩小的实像，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，如下图所示：

②画一条过光心的光线，其传播方向不变，画出折射光线；平行于主光轴画一条入射光线，经凸透镜折射后，折射光线过另一侧的焦点，两条折射光线的交点即为端点B的像点B′，从B′向主光轴引垂线，焦点为A′，连接A′、B′即为物体AB的像，箭头向下，如图所示：

【解析】①根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u>2f，f<v<2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
f<u<2f，v>2f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机；
u<f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
②根据凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，选两条作出端点B经过凸透镜后的像点B′，向主光轴引垂线即为物体AB通过凸透镜后所成的像。
此题主要考查透镜的光路图，关键是掌握凸透镜成像的三种情况和凸透镜的三条特殊光线。
18.【答案】2.70  左  38.6  无  140  乙  AD

【解析】解：
(1)刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧3.7cm刻度对齐，估读为3.70cm，所以物体的长度为L=3.70cm−1.00cm=2.70cm；
在调节天平平衡时，将游码归零后，分度盘指针向右偏，说明右边重，则应向左调节平衡螺母，使天平水平平衡；
由图可知被测物体的质量=20g+10g+5g+3.6g=38.6g；
(2)磁体中磁场方向是竖直方向，导体运动方向竖直向上与磁感线平行，不切割磁感线，无感应电流产生；
(3)消耗的电能为：941.4kW⋅ℎ−741.4kW⋅ℎ=200kW⋅ℎ=200度，
则小明家该月的电费为：200kW⋅ℎ×0.7元/度=140元；
(4)比较甲乙中气泡的大小，沸腾前气泡上升过程中会变小，沸腾中气泡在上升过程中会变大，故乙为水沸腾前的情况；沸腾前气泡在上升过程中变小，由于水是热的不良导体，致使下部分的水温较高，上部分的水温较低，气体上升时遇冷收缩，气泡内的水蒸气遇冷而液化，所以气泡会变小，故选AD。
答案为：
(1)2.70；左；38.6；(2)无；(3)140(4)乙；AD。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
在称量质量前天平调平的原则：左偏右调，右偏左调；天平读数：被测物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值；
(2)电磁感应现象：闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动时，会产生感应电流。
(3)电能表是测量电能的仪表，需要记录月初示数和月底示数，月底示数减去月初示数即为消耗的电能，结合用电价格可计算电费；
(4)沸腾是在液体内部和表面发生的剧烈的汽化现象，沸腾前气泡在上升过程中逐渐减小，由于水是热的不良导体，致使下部分的水温较高，上部分的水温较低，气体遇冷收缩，气泡内的水蒸气遇冷而液化。
本题是一道综合题，考查的知识点多，但总体难度不大。
19.【答案】二力平衡  匀速直线  2.0  长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力等于弹簧测力计示数，并且弹簧测力计处于静止状态，容易读数

【解析】解：(1)实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数；
(2)固定弹簧测力计，通过拉动长木板进行实验，木块相对于地面保持静止状态，木块在水平方向上受力平衡，受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计示数为2.0N，则滑动摩擦力为2.0N；
(3)与直接用弹簧测力计拉动木块测量摩擦力相比，拉动木板进行实验具有容易操作的优点：长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力总等于拉力，并且弹簧测力计处于静止状态，便于读数。
故答案为：(1)二力平衡；匀速直线；(2)2.0；(3)长木板不必进行匀速直线运动，摩擦力等于弹簧测力计示数，并且弹簧测力计处于静止状态，容易读数。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)乙图中木块相对于地面保持静止状态，木块在水平方向上受力平衡，受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
(3)拉动木板时测力计相对静止。
此题是探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验，考查了实验原理、实验的改进等，注意控制变量法的应用。
20.【答案】左  电阻两端的电压  2.5V

【解析】解：(1)滑动变阻器一上一下的串联在电路中，电流表串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最左端；
(3)根据画出I−R图象(如图乙)知，图中阴影面积为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U=IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为U=IR=0.5A×5Ω=2.5V。
故答案为：(1)如上图所示；(2)左；(3)电阻两端的电压；2.5V。
(1)滑动变阻器一上一下的串联在电路中，电流表串联在电路中，据此分析解答；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(3)根据画出I−R图象(如图乙)知图中阴影面积为长方形，由欧姆定律分析。
本题研究通过导体的电流与导体两端电压的关系，考查电路连接、注意事项、数据分析。
21.【答案】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，R0的电功率最大，
由图乙可知，电路中的最大电流I大=0.5A，R0的最大电功率P0大=4.5W，
由P=UI可得，此时R0两端的电压即电源的电压：U=U0大=P0大I大=4.5W0.5A=9V；
(2)由I=UR可得，定值电阻R0的阻值：R0=U0大I大=9V0.5A=18Ω，
当滑片位于a端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.1A，
此时电路的总电阻：R总=UI小=9V0.1A=90Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器的最大阻值：R大=R总−R0=90Ω−18Ω=72Ω。
答：(1)电源电压为9V；
(2)滑动变阻器的最大阻值为72Ω。

【解析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，R0的电功率最大，根据图乙读出电路中的最大电流和R0的最大电功率，利用P=UI求出此时R0两端的电压即为电源的电压；
(2)根据欧姆定律求出定值电阻R0的阻值，当滑片位于a端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流，利用欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
22.【答案】解：(1)根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽、秤砣在E点时，A点所挂物体重为GA=G秤砣⋅BEAB；当提着C处秤纽、秤砣在E点时，A点所挂物体重为GA′=G秤砣⋅CEAC。
因BE>CE、AB<AC，故可得：GA>GA′，即提B处秤纽时，此秤的称量最大。
(2)由(1)可知，当提着B处秤纽、秤砣挂在E点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，则可列式：GA⋅AB=G秤砣⋅BE。
由G=mg可得：mA⋅AB=m秤砣⋅BE，
则m秤砣=mA⋅ABBE=10kg×0.02m0.5m=0.4kg。
(3)当提起C处秤纽称一袋质量为2kg的荔枝时，阻力臂为
AC=AB+BC=0.02m+0.03m=0.05m，
根据杠杆的平衡条件可列式：G荔枝⋅AC=G秤砣⋅CD。
由G=mg可得：m荔枝⋅AC=m秤砣⋅CD，
则CD=m荔枝⋅ACm秤砣=2kg×0.05m0.4kg=0.25m。
故答案为：(1)提B处秤纽时，此秤的称量最大。
(2)秤砣的质量为0.4kg。
(3)D与C之间的距离为0.25m。

【解析】(1)我们可以把杆秤抽象为杠杆，则B(C)为支点，A点为阻力作用点，阻力臂为AB(AC)；秤砣对杆秤的力为动力。当杆秤在水平位置平衡时，动力臂为B(C)到悬挂秤砣的位置D点的距离。
(2)杠杆的平衡条件为F1l1=F2l2。
(3)作用在A点的拉力等于所挂物体所受的重力。
本题中，将杆秤抽象为杠杆是解题的关键。这种将具体事物抽象为物理模型的方法称之为模型法，是解答物理试题中常见的方法之一。
23.【答案】反射  物体的像不会影响司机的视线  下方  垂直  物距  像距  像会更不清晰

【解析】解：(1)在车窗玻璃里看到的另一个“自己”是平面镜成像现象，它是由光的反射形成的；
(2)根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。小汽车前面玻璃是倾斜的，汽车内物体的像在汽车的上方，司机看前面道路时，物体的像不会影响司机的视线。此外，晚上开车时，来自后方车辆的强光入射到前挡风玻璃，根据光的反射定律可知，被反射到下方，以减少对司机视线的干扰；
(3)①为了比较物像大小和确定像的位置，要使玻璃板与水平桌面相互垂直放置；
②实验需要记录像与物的大小关系，还需要记录物理量物距和像距；
③将另一侧的蜡烛点燃，结果使得玻璃后面太亮，前后对比不明显，所以像会更不清晰。
故答案为：(1)反射；(2)物体的像不会影响司机的视线；下方；(3)①垂直；②物距；像距；③像会更不清晰。
(1)平面镜成像现象，它是由光的反射形成的；
(2)物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。根据平面镜成像特点进行判断。
光线传播到两种介质的表面时会发生反射现象，在玻璃上会成像，干扰司机视线。
②平面镜成像的特点：物像等大、等距。
③在实验中，点燃A蜡烛，在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像重合为止，证明像与物的大小相同。在实验中玻璃板起到平面镜的作用，在镜面前的亮度越大，则其成的像越清晰。
本题考查学生动手操作实验的能力并能得出正确结论，合理解决实验中出现的问题。尤其要注意等效替代法的应用；本题同时考查了平面镜的应用。
24.【答案】电阻丝  电动机  S  S、S2  1：2  变小

【解析】解：(1)电吹风是利用电动机将被加热电阻附近的空气吹出而产生热风的，所以A处应为电阻丝，B处应为电动机；
(2)要使电吹风处于“冷风”状态，则内部加热电阻不能接入电路，即只闭合开关S，不闭合其他开关。
要使电吹风处于“加热”状态，需要将加热电阻接入电路，分析图像可知，当S、S2闭合后仅电阻丝R1工作，此时是暖风状态；当S、S2、S1闭合后电阻丝R1与R2并联工作，此时是热风状态；
(3)设电阻丝R1的功率为P1，电阻丝R2的功率为P2，热风档电阻丝R1与R2总功率为P1+P2，暖风档电阻丝总功率为P1，
加热t时间后暖风档消耗电能W1=P1t，空气吸收热量Q1=cm△t1，
热风档消耗电能W2=(P1+P2)t，空气吸收热量Q2=cm△t2，
若加热效率相同，则η=Q1W1=Q2W2，即W1W2=(P1t(P1+P2)t)=Q1Q2=cm△t1cm△t2=△t1△t2，即P1P1+P2=20℃30℃，整理可得P1=2P2，
由电功率公式可知P1=U2 R1，P2=U2R2，将其代入P1=2P2可得U2 R1=2U2R2，即R1：R2=1：2。
(4)由