2022届高考化学总复习鸭部分有机化学基础第四单元课后达标检测苏教版.doc

选考局部 有机化学根底 第四单元课后达标检测一、选择题1(2022高考全国卷)以下说法错误的选项是()A乙烷室温下能与浓盐酸发生取代反响B乙烯可以用作生产食品包装材料的原料C乙醇室温下在水中的溶解度大于溴乙烷D乙酸与甲酸甲酯互为同分异构体解析：选A。CH3CH3室温下不能与浓盐酸发生取代反响，A项错误。CH2=CH2在一定条件下发生加聚反响生成食品包装材料的原料聚乙烯，B项正确。CH3CH2OH分子能与H2O分子之间形成氢键，所以CH3CH2OH能与H2O以任意比例互溶，而CH3CH2Br难溶于H2O，C项正确。乙酸和甲酸甲酯的分子式均为C2H4O2，但二者结构不同，互为同分异构体，D项正确。2(2022阳泉高三期末)以下有关有机物的表达正确的选项是()A分子式为C10H14的单取代芳烃有5种结构B乙烯、聚氯乙烯和苯分子中均含有碳碳双键C用碳酸钠溶液可鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯D乳酸薄荷醇酯的结构简式如图，它仅能发生水解、氧化和消去反响解析：选C。A项，C10H14除苯环外还有C4H9，丁基有4种结构，错误；B项，聚氯乙烯和苯环中无碳碳双键，错误；C项，三者现象分别是互溶、有气体生成、分层，正确；D项，还可以发生取代反响，错误。3(2022高考全国卷)某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1 mol 该酯完全水解可得到1 mol羧酸和2 mol乙醇，该羧酸的分子式为()AC14H18O5BC14H16O4CC16H22O5 DC16H20O5解析：选A。由1 mol酯(C18H26O5)完全水解可得到1 mol 羧酸和2 mol乙醇可知，该酯为二元酯，分子中含有2个酯基(COO)，结合酯的水解反响原理可得“1 mol C18H26O52 mol H2O1 mol羧酸2 mol C2H5OH，再结合质量守恒定律推知，该羧酸的分子式为C14H18O5。4(2022开封高三模拟)以下关于分子式为C4H8O2的有机物的同分异构体的说法中，不正确的选项是()A属于酯类的有4种B属于羧酸类的有2种C存在分子中含有六元环的同分异构体D既含有羟基又含有醛基的有3种解析：选D。A项，假设是酯类，那么有甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯4种，正确；B项，假设是酸，那么可写作C3H7COOH，丙基有2种，正确；C项，不饱和度为1，可形成醚环，正确；D项，假设有CHO，那么另3个碳原子组成丙基和异丙基，OH取代上面的氢分别有3种、2种，所以共5种结构，错误。5绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如图，关于绿原酸判断正确的选项是()A分子中所有的碳原子可能在同一平面内B1 mol绿原酸与足量溴水反响，最多消耗2.5 mol Br2C1 mol绿原酸与足量NaOH溶液反响，最多消耗4 mol NaOHD绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反响生显色反响，错误。6(2022襄阳调研)分子式为C9H18O2的有机物Q，在稀硫酸中经加热转化为一种与乙酸乙酯互为同分异构体的酸性物质A，同时生成另一种物质B，假设不考虑立体异构，那么Q的结构最多有()A16种 B8种C4种 D2种解析：选A。由题给信息可知A为丁酸，B为戊醇，丁酸有2种，戊醇有8种(戊基有8种)，组合共16种结构。7某有机物X的结构简式为，以下有关表达不正确的选项是()A1 mol X分别与足量的Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液反响，消耗这三种物质的物质的量分别为3 mol、4 mol、1 molBX在一定条件下能与FeCl3溶液发生显色反响CX在一定条件下能发生消去反响和酯化反响DX的化学式为C10H10O6解析：选C。苯环上的氢原子不能消去，故不能发生消去反响。与Na反响的有OH和COOH，与NaHCO3反响的只有COOH，与NaOH反响的有酚羟基、羧基和酯基。8对羟基扁桃酸是农药、香料合成的重要中间体，它可由苯酚和乙醛酸在一定条件下反响制得。以下有关说法不正确的选项是()A上述反响的原子利用率可到达100%B在1H核磁共振谱中对羟基扁桃酸有6个吸收峰C对羟基扁桃酸可以发生加成反响、取代反响和缩聚反响D1 mol 对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反响，最多可消耗3 mol NaOH解析：选D。能与NaOH反响的为酚羟基和羧基，故1 mol对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反响，最多可消耗2 mol NaOH，故D错误。9(2022南京质检)尿黑酸是由酪氨酸在人体内非正常代谢而产生的一种物质。其转化过程如下：以下说法错误的选项是()A酪氨酸既能与盐酸反响，又能与氢氧化钠溶液反响B1 mol尿黑酸与足量浓溴水反响，最多消耗3 mol Br2C对羟基苯丙酮酸分子中在同一平面上的碳原子至少有7个D1 mol尿黑酸与足量NaHCO3反响，最多消耗3 mol NaHCO3解析：选D。A项，酪氨酸中含有氨基和羧基，氨基可以与盐酸反响，羧基可以与NaOH反响，正确；B项，酚羟基的邻、对位可以与Br2发生取代反响，尿黑酸分子中苯环上三个位置均可以发生取代反响，正确；C项，苯环上的6个碳原子共平面，与苯环直接相连的碳原子一定与苯环共平面，正确；D项，尿黑酸中只有羧基可以与NaHCO3反响放出CO2，而酚羟基不可以，错误。二、非选择题10山苍子(Litsea Cubeba)，又名山鸡、山姜子、木姜子等。山苍子油主要成分是柠檬烯和柠檬醛，柠檬醛是重要的食用香料。此外，以柠檬醛为原料可制造更有价值的甲基紫罗兰酮、鸢尾酮等。紫罗兰酮是配制很多高级香精时不可缺少的。用柠檬醛制取紫罗兰酮的反响如下：请答复以下问题：(1)柠檬醛分子式为_，分子中含有的官能团名称是_，要检验柠檬醛分子中所含官能团的注意点是_。(2)第一步羟醛缩合反响的过程可以看作是先发生_(填反响类型，下同)，再发生_。(3)写出假紫罗兰酮与足量H2反响的化学方程式：_。(4)写出柠檬醛与新制Cu(OH)2悬浊液共热发生反响的化学方程式：_。解析：(1)柠檬醛分子中含有10个碳原子，含有2个碳碳双键和1个醛基，不饱和度为3，氢原子数为16，分子式为C10H16O。检验其官能团的关键是不能直接用溴水或酸性高锰酸钾溶液检验碳碳双键，因为醛基也能使它们褪色，要先检验醛基，将其氧化为羧基，再检验碳碳双键。(2)注意生成了不饱和键，同时有小分子水生成，那么肯定发生了消去反响，故羟醛缩合反响可以先看作发生醛酮加成反响，生成羟基，然后羟基脱水发生消去反响。(3)要注意羰基也可以和H2加成。答案：(1)C10H16O醛基、碳碳双键先检验醛基，将醛基氧化成羧基，再检验碳碳双键 (2)加成反响消去反响(3)(4)11(2022高考山东卷)菠萝酯F是一种具有菠萝香味的赋香剂，其合成路线如下(1)A的结构简式为_，A中所含官能团的名称是_。(2)由A生成B的反响类型是_，E的某同分异构体只有一种相同化学环境的氢，该同分异构体的结构简式为_。(3)写出D和E反响生成F的化学方程式：_。(4)结合题给信息，以溴乙烷和环氧乙烷为原料制备1丁醇，设计合成路线(其他试剂任选)。合成路线流程图例如：CH3CH2ClCH3CH2OHCH3COOCH2CH3解析：(1)由题目所给信息可知，生成A的反响为双烯加成反响：。根据结构简式可知，A中含有碳碳双键和醛基两种官能团。(2)A中含碳碳双键和醛基，能与H2发生加成反响：，由合成路线知E为CH2=CHCH2OH，和E互为同分异构体且只有一种化学环境的氢的物质的结构简式为。(3)D和E发生酯化反响，生成F的化学方程式为12(2022高考全国卷)化合物G是治疗高血压的药物“比索洛尔的中间体，一种合成G的路线如下：以下信息：A的1H核磁共振谱为单峰；B的1H核磁共振谱为三组峰，峰面积比为611。D的苯环上仅有两种不同化学环境的氢；1 mol D可与1 mol NaOH或2 mol Na反响。答复以下问题：(1)A的结构简式为_。(2)B的化学名称为_。(3)C与D反响生成E的化学方程式为_。(4)由E生成F的反响类型为_。(5)G的分子式为_。(6)L是D的同分异构体，可与FeCl3溶液发生显色反响，1 mol的L可与2 mol的Na2CO3反响，L共有_种；其中1H核磁共振谱为四组峰，峰面积比为3221的结构简式为_、_。解析：结合C的结构简式，A、B的分子式及信息可确定B的结构简式为(CH3)2CHOH，A的结构简式为。结合G的结构简式可逆推出F的结构简式为，那么E为，再结合C的结构简式及信息可确定D的结构简式为。(4)根据E、F的结构简式可确定由E生成F的反响为取代反响。(5)根据G的结构简式可确定其分子式为C18H31NO4。(6)根据L遇FeCl3溶液发生显色反响可知L中含酚羟基，再结合D的分子式和1 mol L能与2 mol Na2CO3反响，可知L中含2个酚羟基和1个CH3，2个酚羟基位于苯环邻位、间位和对位时，CH3所处的位置分别有2种、3种和1种，即L共有6种可能的结构。其中1H核磁共振谱中有四组峰，且峰面积之比为3221的结构简式为和。答案：(1) (2)2丙醇(或异丙醇)