2022年广西玉林市防城港市中考数学试卷.docx

广西玉林市、防城港市2022年中考数学试卷一、单项选择题共12小题，每题3分，总分值36分13分2022玉林下面的数中，与2的和为0的是A2B2CD考点：有理数的加法分析：设这个数为x，根据题意可得方程x+2=0，再解方程即可解答：解：设这个数为x，由题意得：x+2=0，x2=0，x=2，应选：A点评：此题主要考查了有理数的加法，解答此题的关键是理解题意，根据题意列出方程23分2022玉林将6.18103化为小数的是A0.000618B0.00618C0.0618D0.618考点：科学记数法原数分析：科学记数法的标准形式为a10n1|a|10，n为整数此题把数据“6.18103中6.18的小数点向左移动3位就可以得到解答：解：把数据“6.18103中6.18的小数点向左移动3位就可以得到为0.00618应选B点评：此题考查写出用科学记数法表示的原数将科学记数法a10n表示的数，“复原成通常表示的数，就是把a的小数点向左移动n位所得到的数把一个数表示成科学记数法的形式及把科学记数法复原是两个互逆的过程，这也可以作为检查用科学记数法表示一个数是否正确的方法33分2022玉林计算2a23的结果是A2a6B6a6C8a6D8a5考点：幂的乘方与积的乘方分析：利用幂的乘方与积的乘方的性质求解即可求得答案解答：解：2a23=8a6应选C点评：此题考查了幂的乘方与积的乘方的性质此题比较简单，注意掌握指数的变化是解此题的关键43分2022玉林下面的多项式在实数范围内能因式分解的是Ax2+y2Bx2yCx2+x+1Dx22x+1考点：实数范围内分解因式分析：利用因式分解的方法，分别判断得出即可解答：解；A、x2+y2，无法因式分解，故此选项错误；B、x2y，无法因式分解，故此选项错误；C、x2+x+1，无法因式分解，故此选项错误；D、x22x+1=x12，故此选项正确应选：D点评：此题主要考查了公式法分解因式，熟练应用公式是解题关键53分2022玉林如图的几何体的三视图是ABCD考点：简单组合体的三视图分析：分别找出图形从正面、左面、和上面看所得到的图形即可解答：解：从几何体的正面看可得有2列小正方形，左面有2个小正方形，右面下边有1个小正方形；从几何体的正面看可得有2列小正方形，左面有2个小正方形，右面下边有1个小正方形；从几何体的上面看可得有2列小正方形，左面有2个小正方形，右上角有1个小正方形；应选：C点评：此题考查了三视图的知识，注意所有的看到的棱都应表现在三视图中63分2022玉林以下命题是假命题的是A四个角相等的四边形是矩形B对角线相等的平行四边形是矩形C对角线垂直的四边形是菱形D对角线垂直的平行四边形是菱形考点：命题与定理分析：根据矩形的判定对A、B进行判断；根据菱形的判定方法对C、D进行判断解答：解：A、四个角相等的四边形是矩形，所以A选项为真命题；B、对角线相等的平行四边形是矩形，所以B选项为真命题；C、对角线垂直的平行四边形是菱形，所以C选项为假命题；D、对角线垂直的平行四边形是菱形，所以D选项为真命题应选C点评：此题考查了命题与定理：判断事物的语句叫命题；正确的命题称为真命题，错误的命题称为假命题；经过推理论证的真命题称为定理73分2022玉林ABC与ABC是位似图形，且ABC与ABC的位似比是1：2，ABC的面积是3，那么ABC的面积是A3B6C9D12考点：位似变换分析：利用位似图形的面积比等于位似比的平方，进而得出答案解答：解：ABC与ABC是位似图形，且ABC与ABC的位似比是1：2，ABC的面积是3，ABC与ABC的面积比为：1：4，那么ABC的面积是：12应选：D点评：此题主要考查了位似图形的性质，利用位似图形的面积比等于位似比的平方得出是解题关键83分2022玉林一个盒子内装有大小、形状相同的四个球，其中红球1个、绿球1个、白球2个，小明摸出一个球不放回，再摸出一个球，那么两次都摸到白球的概率是ABCD考点：列表法与树状图法分析：首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与两次都摸到白球的情况，再利用概率公式即可求得答案解答：解：画树状图得：共有12种等可能的结果，两次都摸到白球的有2种情况，两次都摸到白球的概率是：=故答案为：C点评：此题考查的是用列表法或画树状图法求概率列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，列表法适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或两步以上完成的事件用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比93分2022玉林x1，x2是关于x的一元二次方程x2mx+m2=0的两个实数根，是否存在实数m使+=0成立那么正确的选项是结论是Am=0时成立Bm=2时成立Cm=0或2时成立D不存在考点：根与系数的关系分析：先由一元二次方程根与系数的关系得出，x1+x2=m，x1x2=m2假设存在实数m使+=0成立，那么=0，求出m=0，再用判别式进行检验即可解答：解：x1，x2是关于x的一元二次方程x2mx+m2=0的两个实数根，x1+x2=m，x1x2=m2假设存在实数m使+=0成立，那么=0，=0，m=0当m=0时，方程x2mx+m2=0即为x22=0，此时=80，m=0符合题意应选A点评：此题主要考查了一元二次方程根与系数的关系：如果x1，x2是方程x2+px+q=0的两根时，那么x1+x2=p，x1x2=q103分2022玉林在等腰ABC中，AB=AC，其周长为20cm，那么AB边的取值范围是A1cmAB4cmB5cmAB10cmC4cmAB8cmD4cmAB10cm考点：等腰三角形的性质；解一元一次不等式组；三角形三边关系分析：设AB=AC=x，那么BC=202x，根据三角形的三边关系即可得出结论解答：解：在等腰ABC中，AB=AC，其周长为20cm，设AB=AC=xcm，那么BC=202xcm，解得5cmx10cm应选B点评：此题考查的是等腰三角形的性质，熟知等腰三角形的两腰相等是解答此题的关键113分2022玉林蜂巢的构造非常美丽、科学，如图是由7个形状、大小完全相同的正六边形组成的网络，正六边形的顶点称为格点，ABC的顶点都在格点上设定AB边如下列图，那么ABC是直角三角形的个数有A4个B6个C8个D10个考点：正多边形和圆分析：根据正六边形的性质，分AB是直角边和斜边两种情况确定出点C的位置即可得解解答：解：如图，AB是直角边时，点C共有6个位置，即，有6个直角三角形，AB是斜边时，点C共有2个位置，即有2个直角三角形，综上所述，ABC是直角三角形的个数有6+2=8个应选C点评：此题考查了正多边形和圆，难点在于分AB是直角边和斜边两种情况讨论，熟练掌握正六边形的性质是解题的关键，作出图形更形象直观123分2022玉林如图，边长分别为1和2的两个等边三角形，开始它们在左边重合，大三角形固定不动，然后把小三角形自左向右平移直至移出大三角形外停止设小三角形移动的距离为x，两个三角形重叠面积为y，那么y关于x的函数图象是ABCD考点：动点问题的函数图象分析：根据题目提供的条件可以求出函数的解析式，根据解析式判断函数的图象的形状解答：解：t1时，两个三角形重叠面积为小三角形的面积，y=1=，当1x2时，重叠三角形的边长为2x，高为，y=2x=xx+，当x2时两个三角形重叠面积为小三角形的面积为0，应选：B点评：此题主要考查了此题考查了动点问题的函数图象，此类题目的图象往往是几个函数的组合体二、填空题共6小题，每题3分，总分值18分133分2022玉林3的倒数是考点：倒数分析：根据倒数的定义可知解答：解：3的倒数是点评：主要考查倒数的定义，要求熟练掌握需要注意的是：倒数的性质：负数的倒数还是负数，正数的倒数是正数，0没有倒数倒数的定义：假设两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数143分2022玉林在平面直角坐标系中，点4，4在第二象限考点：点的坐标分析：根据各象限内点的坐标特征解答解答：解：点4，4在第二象限故答案为：二点评：此题考查了各象限内点的坐标的符号特征，记住各象限内点的坐标的符号是解决的关键，四个象限的符号特点分别是：第一象限+，+；第二象限，+；第三象限，；第四象限+，153分2022玉林下表是我市某一天在不同时段测得的气温情况0：004：008：0012：0016：0020：00252729323430那么这一天气温的极差是9考点：极差分析：根据极差的定义即极差就是这组数中最大值与最小值的差，即可得出答案解答：解：这组数据的最大值是34，最小值是25，那么极差是3425=9故答案为：9点评：此题考查了极差，极差反映了一组数据变化范围的大小，求极差的方法是用一组数据中的最大值减去最小值注意：极差的单位与原数据单位一致163分2022玉林如图，直线MN与O相切于点M，ME=EF且EFMN，那么cosE=考点：切线的性质；等边三角形的判定与性质；特殊角的三角函数值专题：计算题分析：连结OM，OM的反向延长线交EF与C，由直线MN与O相切于点M，根据切线的性质得OMMF，而EFMN，根据平行线的性质得到MCEF，于是根据垂径定理有CE=CF，再利用等腰三角形的判定得到ME=MF，易证得MEF为等边三角形，所以E=60，然后根据特殊角的三角函数值求解解答：解：连结OM，OM的反向延长线交EF与C，如图，直线MN与O相切于点M，OMMF，EFMN，MCEF，CE=CF，ME=MF，而ME=EF，ME=EF=MF，MEF为等边三角形，E=60，cosE=cos60=故答案为点评：此题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径也考查了垂径定理、等边三角形的判定与性质和特殊角的三角函数值173分2022玉林如图，在直角梯形ABCD中，ADBC，C=90，A=120，AD=2，BD平分ABC，那么梯形ABCD的周长是7+考点：直角梯形分析：根据题意得出AB=AD，进而得出BD的长，再利用在直角三角形中30所对的边等于斜边的一半，进而求出CD以及利用勾股定理求出BC的长，即可得出梯形ABCD的周长解答：解：过点A作AEBD于点E，ADBC，A=120，ABC=60，ADB=DBC，BD平分ABC，ABD=DBC=30，ABE=ADE=30，AB=AD，AE=AD=1，DE=，那么BD=2，C=90，DBC=30，DC=BD=，BC=3，梯形ABCD的周长是：AB+AD+CD+BC=2+2+3=7+故答案为：7+点评：此题主要考查了直角梯形的性质以及勾股定理和直角三角形中30所对的边等于斜边的一半等知识，得出DBC的度数是解题关键183分2022玉林如图，OABC是平行四边形，对角线OB在轴正半轴上，位于第一象限的点A和第二象限的点C分别在双曲线y=和y=的一支上，分别过点A、C作x轴的垂线，垂足分别为M和N，那么有以下的结论：=；阴影局部面积是k1+k2；当AOC=90时，|k1|=|k2|；假设OABC是菱形，那么两双曲线既关于x轴对称，也关于y轴对称其中正确的结论是把所有正确的结论的序号都填上考点：反比例函数综合题专题：综合题分析：作AEy轴于E，CFy轴于F，根据平行四边形的性质得SAOB=SCOB，利用三角形面积公式得到AE=CF，那么有OM=ON，再利用反比例函数k的几何意义和三角形面积公式得到SAOM=|k1|=OMAM，SCON=|k2|=ONCN，所以有=；由SAOM=|k1|，SCON=|k2|，得到S阴影局部=SAOM+SCON=|k1|+|k2|=k1k2；当AOC=90，得到四边形OABC是矩形，由于不能确定OA与OC相等，那么不能判断AOMCNO，所以不能判断AM=CN，那么不能确定|k1|=|k2|；假设OABC是菱形，根据菱形的性质得OA=OC，可判断RtAOMRtCNO，那么AM=CN，所以|k1|=|k2|，即k1=k2，根据反比例函数的性质得两双曲线既关于x轴对称，也关于y轴对称解答：解：作AEy轴于E，CFy轴于F，如图，四边形OABC是平行四边形，SAOB=SCOB，AE=CF，OM=ON，SAOM=|k1|=OMAM，SCON=|k2|=ONCN，=，所以正确；SAOM=|k1|，SCON=|k2|，S阴影局部=SAOM+SCON=|k1|+|k2|，而k10，k20，S阴影局部=k1k2，所以错误；当AOC=90，四边形OABC是矩形，不能确定OA与OC相等，而OM=ON，不能判断AOMCNO，不能判断AM=CN，不能确定|k1|=|k2|，所以错误；假设OABC是菱形，那么OA=OC，而OM=ON，RtAOMRtCNO，AM=CN，|k1|=|k2|，k1=k2，两双曲线既关于x轴对称，也关于y轴对称，所以正确故答案为点评：此题考查了反比例函数的综合题：熟练掌握反比例函数的图象、反比例函数k的几何意义、平行四边形的性质、矩形的性质和菱形的性质三、解答题共8小题，总分值66分。解容许写出文字说明过程或演算步骤196分2022玉林计算：22+sin600考点：实数的运算；零指数幂；特殊角的三角函数值分析：此题涉及零指数幂、乘方、特殊角的三角函数值、二次根式化简四个考点针对每个考点分别进行计算，然后根据实数的运算法那么求得计算结果解答：解：原式=42+1=42+1=3点评：此题考查实数的综合运算能力，是各地中考题中常见的计算题型解决此类题目的关键是熟记特殊角的三角函数值，熟练掌握负整数指数幂、零指数幂、二次根式、绝对值等考点的运算206分2022玉林先化简，再求值：，其中x=1考点：分式的化简求值专题：计算题分析：原式通分并利用同分母分式的减法法那么计算，约分得到最简结果，将x的值代入计算即可求出值解答：解：原式=，当x=1时，原式=点评：此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法那么是解此题的关键216分2022玉林如图，：BC与CD重合，ABC=CDE=90，ABCCDE，并且CDE可由ABC逆时针旋转而得到请你利用尺规作出旋转中心O保存作图痕迹，不写作法，注意最后用墨水笔加黑，并直接写出旋转角度是90考点：作图-旋转变换分析：分别作出AC，CE的垂直平分线进而得出其交点O，进而得出答案解答：解：如下列图：旋转角度是90故答案为：90点评：此题主要考查了旋转变换，得出旋转中心的位置是解题关键228分2022玉林第一次模拟试后，数学科陈老师把一班的数学成绩制成如图的统计图，并给了几个信息：前两组的频率和是0.14；第一组的频率是0.02；自左到右第二、三、四组的频数比为3：9：8，然后布置学生也请你一起结合统计图完成以下问题：1全班学生是多少人2成绩不少于90分为优秀，那么全班成绩的优秀率是多少3假设不少于100分可以得到A+等级，那么小明得到A+的概率是多少考点：频数率分布直方图；概率公式分析：1首先求得第二组的频率，然后根据第二组的频数是6，即可求得总人数；2利用1减去前两组的频率即可求解；3求得第三、四组的频率，那么利用1减去前四组的频率即可求解解答：解：1第二组的频率是：0.140.02=0.12，那么全班的学生数是：60.12=50；2全班成绩的优秀率是10.14=0.86=86%；3第三、四组的频率是：0.12=0.68，那么最后两组的频率的和是：10.140.68=0.18，那么小明得到A+的概率是0.18点评：此题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题239分2022玉林如图的O中，AB为直径，OCAB，弦CD与OB交于点F，过点D、A分别作O的切线交于点G，并与AB延长线交于点E1求证：1=22：OF：OB=1：3，O的半径为3，求AG的长考点：切线的性质；相似三角形的判定与性质专题：证明题分析：1连结OD，根据切线的性质得ODDE，那么2+ODC=90，而C=ODC，那么2+C=90，由OCOB得C+3=90，所以2=3，而1=3，所以1=2；2由OF：OB=1：3，O的半径为3得到OF=1，由1中1=2得EF=ED，在RtODE中，DE=x，那么EF=x，OE=1+x，根据勾股定理得32+t2=t+12，解得t=4，那么DE=4，OE=5，根据切线的性质由AG为O的切线得GAE=90，再证明RtEODRtEGA，利用相似比可计算出AG解答：1证明：连结OD，如图，DE为O的切线，ODDE，ODE=90，即2+ODC=90，OC=OD，C=ODC，2+C=90，而OCOB，C+3=90，2=3，1=3，1=2；2解：OF：OB=1：3，O的半径为3，OF=1，1=2，EF=ED，在RtODE中，OD=3，DE=x，那么EF=x，OE=1+x，OD2+DE2=OE2，32+t2=t+12，解得t=4，DE=4，OE=5，AG为O的切线，AGAE，GAE=90，而OED=GEA，RtEODRtEGA，=，即=，AG=6点评：此题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径也考查了勾股定理和相似三角形的判定与性质249分2022玉林我市市区去年年底电动车拥有量是10万辆，为了缓解城区交通拥堵状况，今年年初，市交通部门要求我市到明年年底控制电动车拥有量不超过11.9万辆，估计每年报废的电动车数量是上一年年底电动车拥有量的10%，假定每年新增电动车数量相同，问：1从今年年初起每年新增电动车数量最多是多少万辆2在1的结论下，今年年底到明年年底电动车拥有量的年增长率是多少结果精确到0.1%考点：一元二次方程的应用；一元一次不等式的应用分析：1根据题意分别求出今年将报废电动车的数量，进而得出明年报废的电动车数量，进而得出不等式求出即可；2分别求出今年年底电动车数量，进而求出今年年底到明年年底电动车拥有量的年增长率解答：解：1设从今年年初起每年新增电动车数量是x万辆，由题意可得出：今年将报废电动车：1010%=1万辆，101+x110%+x11.9，解得：x2答：从今年年初起每年新增电动车数量最多是2万辆；2今年年底电动车拥有量为：101+x=11万辆，明年年底电动车拥有量为：11.9万辆，设今年年底到明年年底电动车拥有量的年增长率是y，那么111+y=11.9，解得：y0.082=8.2%答：今年年底到明年年底电动车拥有量的年增长率是8.2%点评：此题主要考查了一元一次不等式的应用以及一元一次方程的应用，分别表示出今年与明年电动车数量是解题关键2510分2022玉林如图，在正方形ABCD中，点M是BC边上的任一点，连接AM并将线段AM绕M顺时针旋转90得到线段MN，在CD边上取点P使CP=BM，连接NP，BP1求证：四边形BMNP是平行四边形；2线段MN与CD交于点Q，连接AQ，假设MCQAMQ，那么BM与MC存在怎样的数量关系请说明理由考点：相似三角形的判定与性质；平行四边形的判定与性质；正方形的性质分析：1根据正方形的性质可得AB=BC，ABC=B，然后利用“边角边证明ABM和BCP全等，根据全等三角形对应边相等可得AM=BP，BAM=CBP，再求出AMBP，从而得到MNBP，然后根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形证明即可；2根据同角的余角相等求出BAM=CMQ，然后求出ABM和MCQ相似，根据相似三角形对应边成比例可得=，再求出AMQABM，根据相似三角形对应边成比例可得=，从而得到=，即可得解解答：1证明：在正方形ABCD中，AB=BC，ABC=B，在ABM和BCP中，ABMBCPSAS，AM=BP，BAM=CBP，BAM+AMB=90，CBP+AMB=90，AMBP，AM并将线段AM绕M顺时针旋转90得到线段MN，AMMN，且AM=MN，MNBP，四边形BMNP是平行四边形；2解：BM=MC理由如下：BAM+AMB=90，AMB+CMQ=90，BAM=CMQ，又B=C=90，ABMMCQ，=，MCQAMQ，AMQABM，=，=，BM=MC点评：此题考查了相似三角形的判定与性质，正方形的性质，全等三角形的判定与性质，平行四边形的判定，1求出两个三角形全等是解题的关键，2根据相似于同一个三角形的两个三角形相似求出AMQABM是解题的关键2612分2022玉林给定直线l：y=kx，抛物线C：y=ax2+bx+11当b=1时，l与C相交于A，B两点，其中A为C的顶点，B与A关于原点对称，求a的值；2假设把直线l向上平移k2+1个单位长度得到直线r，那么无论非零实数k取何值，直线r与抛物线C都只有一个交点求此抛物线的解析式；假设P是此抛物线上任一点，过P作PQy轴且与直线y=2交于Q点，O为原点求证：OP=PQ考点：二次函数综合题分析：1直线与抛物线的交点B与A关于原点对称，即横纵坐标对应互为相反数，即相加为零，这很使用于韦达定理由其中有涉及顶点，考虑顶点式易得a值2直线l：y=kx向上平移k2+1，得直线r：y=kx+k2+1根据无论非零实数k取何值，直线r与抛物线C：y=ax2+bx+1都只有一个交点，得ax2+bkxk2=0中=0这虽然是个方程，但无法求解这里可以考虑一个数学技巧，既然k取任何值都成立，那么代入最简单的1，2肯定是成立的，所以可以代入试验，进而可求得关于a，b的方程组，那么a，b可能的值易得但要注意答案中，可能有的只能满足k=1，2时，并不满足任意实数k，所以可以再代回=中，假设不能使其结果为0，那么应舍去求证OP=PQ，那么首先应画出大致的示意图发现图中几何条件较少，所以考虑用坐标转化求出OP，PQ的值，再进行比较这里也有数学技巧，讨论动点P在抛物线y=x2+1上，那么可设其坐标为x，x2+1，进而易求OP，PQ解答：1解：l：y=kx，C：y=ax2+bx+1，当b=1时有A，B两交点，A，B两点的横坐标满足kx=ax2+x+1，即ax2+1kx+1=0B与A关于原点对称，0=xA+xB=，k=1y=ax2+x+1=ax+2+1，顶点，1在y=x上，=1，解得 a=2解：无论非零实数k取何值，直线r与抛物线C都只有一个交点，k=1时，k=2时，直线r与抛物线C都只有一个交点当k=1时，r：y=x+2，代入C：y=ax2+bx+1中，有ax2+b1x1=0，=0，b12+4a=0，当k=2时，r：y=2x+5，代入C：y=ax2+bx+1中，有ax2+b2x4=0，=0，b22+16a=0，联立得关于a，b的方程组 ，解得 或 r：y=kx+k2+1代入C：y=ax2+bx+1，得ax2+bkxk2=0，=当时，=0，故无论k取何值，直线r与抛物线C都只有一个交点当时，=，显然虽k值的变化，不恒为0，所以不合题意舍去C：y=x2+1证明：根据题意，画出图象如图1，由P在抛物线y=x2+1上，设P坐标为x，x2+1，连接OP，过P作PQ直线y=2于Q，作PDx轴于D，PD=|x2+1|，OD=|x|，OP=， PQ=2yP=2x2+1=，OP=PQ点评：此题考查了二次函数、一次函数及图象，图象平移解析式变化，韦达定理及勾股定理等知识，另涉及一些数学技巧，学生解答有一定难度，需要好好理解掌握