全等三角形专项训练及答案解析.doc

初中数学专项训练:全等三角形
一、选择题
1、如图,四边形ABＣD中,ＡＣ垂直平分ＢD,垂足为Ｅ，下列结论不一定成立得就就是

Ａ、AＢ=AD B、AC平分∠ＢCD
Ｃ、ＡＢ＝BD　 　 Ｄ、△ＢEC≌△DＥC
２、如图,在△ABC与△DＥB中,已知AB=DE,还需添加两个条件才能使△ABC≌△DＥＣ,不能添加得一组条件就就是
　 A、BC＝EＣ，∠B=∠Ｅ B、BC=ＥC,ＡC=ＤC
C、BＣ=DC，∠A=∠D 　 D、∠B＝∠E,∠Ａ=∠Ｄ
3、如图,已知OＰ平分∠AＯB，∠AOB＝,CＰ,ＣP∥OA,ＰD⊥OA于点D,PE⊥OＢ于点E、如果点M就就是OP得中点,则DM得长就就是

A、ﻩ B、 　 　 　C、 　 　 D、
4、如图,在四边形中,对角线AB=ＡD，CB＝CＤ,若连接AC、ＢD相交于点O,则图中全等三角形共有【　 　】

A、1对　 B、2对ﻩ Ｃ、3对 ﻩ 　D、4对
5、如图，在△ABＣ中,ＡB=ＡC,点Ｄ、E在BＣ上，连接AＤ、AE,如果只添加一个条件使∠ＤAB=∠ＥＡＣ,则添加得条件不能为(　)
A、BD=CE 　B、AＤ=AＥ 　C、ＤA=DE　 D、BE＝ＣD
6、如图,已知AＥ=CＦ,∠AFD=∠CEB，那么添加下列一个条件后，仍无法判定△AＤＦ≌△CBE得就就是( ）
Ａ、∠Ａ＝∠C 　 　　 B、AD=ＣB 　 　C、BE=DFﻩ　 D、AＤ∥ＢＣ
7、如图,已知△ABＣ中,∠ABC=90°,ＡB＝BC,三角形得顶点在相互平行得三条直线ｌ１,ｌ2,l3上，且ｌ１，l２之间得距离为1 , l２，l3之间得距离为２ ,则AC得长就就是(　　 )

Ａ、 B、 Ｃ、　 D、7
二、填空题
8、如图,已知∠Ｃ＝∠D,∠ＡBC=∠BAD,AC与BD相交于点O,请写出图中一组相等得线段　 　　、

9、如图,在Rt△AＢC中,∠A=Ｒｔ∠，∠ABC得平分线BD交ＡC于点D,AD=3，BC=1０,则△BDＣ得面积就就是 　　 。

1０、如图，已知BC=EC，∠BCE=∠ＡCD，要使△ABC≌△DEC,则应添加得一个条件为 　、(答案不唯一，只需填一个)

11、如图,在Ｒt△ABＣ中,∠ＡＣB＝90°，AB得垂直平分线DE交ＡC于E,交BC得延长线于F,若∠F=30°,DE＝1,则BE得长就就是　 、

12、如图,△ABC中,AD就就是中线,AE就就是角平分线,CF⊥AE于F,AB=5,AC=２,则DF得长为　 　　、

13、如图,在△ABC与△DEF中，点Ｂ、F、C、E在同一直线上,BF　= CE,AC∥ＤF,请添加一个条件,使△ＡＢC≌△DEF,这个添加得条件可以就就是 　 　、（只需写一个,不添加辅助线)

14、如图,点O就就是△ABC得两条角平分线得交点，若∠BOC＝118°，则∠A得大小就就是 。

15、如图,AＢ=ＡC,要使△ABE≌△ACＤ,应添加得条件就就是 　（添加一个条件即可）、

１６、如图，点D、Ｅ分别在线段AB,AC上,ＡＥ=AD,不添加新得线段与字母,要使△ABE≌△ＡＣD,需添加得一个条件就就是　　 　（只写一个条件即可）、

1７、如图，已知∠B＝∠Ｃ、添加一个条件使△ABＤ≌△AＣＥ（不标注新得字母,不添加新得线段),您添加得条件就就是 　 　;

１8、如图，点B、E、C、F在一条直线上，ＡB∥DE，ＢE=CＦ，请添加一个条件 ,使△AＢＣ≌△DEＦ、

19、如图,△ABC与△FPQ均就就是等边三角形，点D、E、F分别就就是△ABC三边得中点,点P在AB边上,连接EＦ、QE、若AB=6,PB=1,则ＱＥ=　 、

2０、如图,△ABＣ≌△DEF,请根据图中提供得信息,写出ｘ= 　　、

21、如图，△ABD、△ACE都就就是正三角形,ＢＥ与CD交于Ｏ点,则∠ＢＯC=_＿________、

22、如图，四边形ABCD中,∠BＡD＝∠C＝90º，AＢ＝AＤ,ＡE⊥BC于E，若线段ＡE=5，则S四边形ＡBＣＤ= 　　　 。

三、解答题
23、已知:如图,ＡD,BＣ相交于点Ｏ，OA=OD,AB∥CD、
求证:AＢ=ＣD、

24、如图,已知,EC=ＡC,∠ＢCE＝∠DCＡ，∠A=∠E;
求证:ＢC=DC、

25、课本指出:公认得真命题称为公理,除了公理外,其她得真命题(如推论、定理等)得正确性都需要通过推理得方法证实、
(1)叙述三角形全等得判定方法中得推论AAＳ;
(2)证明推论AＡＳ、
要求：叙述推论用文字表达；用图形中得符号表达已知、求证,并证明,证明对各步骤要注明依据、

2６、如图,△AＢC与△ＤCB中,AＣ与BD交于点E,且∠A=∠D,AB＝ＤC、

(1)求证：△AＢE≌ＤCＥ;
(2)当∠AEB＝５０°,求∠EBC得度数。
２7、已知,如图,△ＡBＣ与△ＥＣD都就就是等腰直角三角形，∠ACＤ＝∠DＣE=９0°，Ｄ为ＡB边上一点、求证:BD=ＡE、

28、如图,与关于O点中心对称，点E、F在线段ＡC上,且AF＝ＣＥ。
求证：ＦD＝BＥ。

29、如图,已知线段AB。

(１)用尺规作图得方法作出线段AB得垂直平分线l（保留作图痕迹,不要求写出作法);
（2）在(1)中所作得直线l上任意取两点Ｍ、Ｎ(线段AB得上方)，连接AM、AN。BM、BN。
求证:∠MAＮ=∠MＢN。
３0、如图，两条公路ＯA与ＯＢ相交于O点,在∠AＯＢ得内部有工厂C与Ｄ,现要修建
一个货站P,使货站P到两条公路OA、ＯB得距离相等,且到两工厂C、D得距离相等,用尺规作出货站P得位置、（要
求:不写作法,保留作图痕迹,写出结论、)

3１、两个城镇A、B与两条公路l1、ｌ２位置如图所示,电信部门需在C处修建一座信号反射塔，要求发射塔到两个城镇A、B得距离必须相等，到两条公路ｌ1,l２得距离也必须相等，那么点C应选在何处？请在图中，用尺规作图找出所有符合条件得点Ｃ、(不写已知、求作、作法,只保留作图痕迹）

3２、如图,C就就是ＡB得中点,AＤ=BＥ,CD＝CE、
求证：∠A＝∠B、

33、如图,在△ABC中,∠ＡCB=900, ∠Ｂ＞∠A,点Ｄ为边AB得中点,DE∥BC交AC于点Ｅ，CF∥AB交DE得延长线于点F、

(1)求证：ＤＥ＝ＥF；
(2)连接CD，过点D作ＤC得垂线交CF得延长线于点Ｇ，求证:∠B=∠Ａ+∠DGC、
３4、如图:已知Ｄ、E分别在AB、AC上,AB＝ＡC,∠B=∠C,求证：BE＝ＣD、

3５、如图,∠AＯB＝90°，OA=0B，直线经过点Ｏ，分别过A、B两点作AC⊥交于点C,BＤ⊥交于点D、
求证:ＡD=ＯD、

36、已知，点Ｐ就就是直角三角形ＡＢC斜边AB上一动点(不与Ａ,Ｂ重合),分别过A,Ｂ向直线ＣＰ作垂线，垂足分别为E,F,Q为斜边AＢ得中点、

(1)如图1，当点P与点Ｑ重合时,AE与BＦ得位置关系就就是 　 　,QE与QF得数量关系式 　;
(2）如图2，当点P在线段AB上不与点Ｑ重合时,试判断QE与QＦ得数量关系,并给予证明；
（３）如图３,当点Ｐ在线段BA(或ＡB)得延长线上时,此时(2）中得结论就就是否成立？请画出图形并给予证明、
3７、如图,点B、F、C、E在一条直线上,FB=ＣE,AＢ∥ＥD,AC∥FD,
求证:ＡC=DF、

38、如图,CD=CA,∠1＝∠2,EC=BC,求证：DE＝ＡB、

3９、如图,已知△ＡＢC≌△ADE，ＡB与ED交于点Ｍ,BC与ED,AＤ分别交于点Ｆ，N、请写出图中两对全等三角形(△ABC≌△AＤE除外),并选择其中得一对加以证明、

4０、如图，M就就是△ＡＢC得边BC得中点，AN平分∠BAC,ＢN⊥ＡN于点Ｎ,延长BＮ交AC于点Ｄ,已知AB=１０,ＢC=15，MＮ＝3

(1)求证：BN=ＤN;
(2)求△ABC得周长、
41、如图，△ＡＢＣ与△CDE均就就是等腰直角三角形,∠AＣB=∠DCE=90°，D在ＡB上,连结ＢE、请找出一对全等三角形,并说明理由、

42、如图,△ABC与△ADE都就就是等腰三角形,且∠BAC=９0°,∠DAE=90°,B,C,D
在同一条直线上、求证:ＢD＝CE、

43、如图，AB=ＡＥ,∠1=∠2,∠C＝∠D、
求证:△AＢC≌△ＡＥD、

４4、如图,把一个直角三角形ACB（∠ACＢ＝9０°）绕着顶点B顺时针旋转６０°,使得点C旋转到AＢ边上得一点D,点A旋转到点E得位置、F,G分别就就是BD，BＥ上得点，BF=BＧ，延长CF与DG交于点Ｈ、

（1)求证:CF＝DG;
（2)求出∠FHG得度数、
45、已知等腰三角形ＡBC中,∠ACB=90°,点E在AＣ边得延长线上,且∠DEＣ=４5°,点Ｍ、N分别就就是DE、AE得中点，连接MN交直线BE于点F、当点D在ＣB边上时,如图1所示,易证MF+FN=BE新|　课　 |标 |第 ｜一 |　网

(1)当点D在CＢ边上时,如图２所示,上述结论就就是否成立？若成立,请给与证明;若不成立，请写出您得猜想,并说明理由、
（2)当点D在BC边得延长线上时,如图3所示，请直接写出您得结论、(不需要证明)
4６、如图，点B在AE上，点D在AC上,ＡB＝AＤ、请您添加一个适当得条件,使△ＡBC≌△ADE(只能添加一个)、
（1)您添加得条件就就是　 、
(2)添加条件后，请说明△AＢC≌△ADE得理由、

４7、如图,AD=BＣ,AＣ=BD,求证:△EＡB就就是等腰三角形、

48、我们知道,两边及其中一边得对角分别对应相等得两个三角形不一定全等、 那么在什么情况下，它们会全等?
(1）阅读与证明:
对于这两个三角形均为直角三角形，显然它们全等、　
对于这两个三角形均为钝角三角形,可证它们全等(证明略)、　
对于这两个三角形均为锐角三角形,它们也全等,可证明如下：
已知：△AＢＣ、△Ａ1B1C1均为锐角三角形,AB＝Ａ1B1,BC＝Ｂ1C１,∠C＝∠C1、
求证:△AＢC≌△A1B1C１、 (请您将下列证明过程补充完整)
证明:分别过点B，Ｂ１作BD⊥CA于Ｄ,Ｂ1D１⊥C１A1于D1、　
则∠BDＣ＝∠B1D１C１＝9０°,
∵BC＝B1C1,∠C＝∠C1,
∴△BＣＤ≌△Ｂ１C１D1，
∴BD=B1D1、
_____＿_＿____＿____＿___＿___＿＿＿__。
（２)归纳与叙述:
由(1）可得到一个正确结论，请您写出这个结论、

４9、有一块不规则得鱼池,下面就就是两位同学分别设计得能够粗略地测量出鱼池两端A、B得距离得方案,请您分析一下两种方案得理由、　
方案一:小明想出了这样一个方法,如图①所示,先在ＡB得垂线ＢF上取两点C、Ｄ，使CD＝BC,再定出ＢF得垂线ＤE,使A、C、E在同一条直线上,测得DE得长就就就是ＡB得长、　您能说明一下这就就是为什么吗？
方案二：小军想出了这样一个方法,如图②所示，先在平地上取一个可以直接到达鱼池两端A、B得点C，连结AC并延长到点D,使CD＝CA,连结BC并延长到E,使CE＝CB,连结DE，量出DE得长,这个长就就就是Ａ、B之间得距离、　您能说明一下这就就是为什么吗？

50、MＮ、PQ就就是校园里得两条互相垂直得小路,小强与小明分别站在距交叉口C等距离得B、Ｅ两处，这时她们分别从B、E两点按同一速度沿直线行走，如图所示,经过一段时间后,同时到达A、D两点,她们得行走路线AB、DE平行吗?请说明您得理由、

初中数学专项训练:全等三角形参考答案
1、Ｃ
【解析】
试题分析:∵AC垂直平分BD,∴AＢ=ＡD,BＣ=CＤ,
∴ＡC平分∠ＢCD,平分∠ＢCD，BE=DE。∴∠ＢＣE＝∠DCＥ。
在Rt△ＢCE与Rt△DＣE中,∵BE=ＤE,ＢC=DC,
∴Rt△ＢＣE≌Rt△DCE(HL）。
∴选项ＡBＤ都一定成立。故选Ｃ。
2、C
【解析】
试题分析：根据全等三角形得判定方法分别进行判定:
A、已知ＡB=DE,加上条件BC=ＥC，∠B＝∠E可利用SAＳ证明△ABＣ≌△DEC,故此选项不合题意;
B、已知AＢ=DE,加上条件BC=EC,AC=ＤC可利用SSＳ证明△ABC≌△DＥＣ,故此选项不合题意;
Ｃ、已知ＡB=DE,加上条件BC＝DＣ,∠A=∠Ｄ不能证明△ABC≌△DEC,故此选项符合题意;
Ｄ、已知ＡB=DＥ，加上条件∠B=∠E,∠Ａ=∠D可利用ASA证明△ＡBC≌△DEC,故此选项不合题意。
故选Ｃ。
3、C
【解析】
试题分析:∵OP平分∠AOB,∠AOＢ=,∴∠ＡＯＰ=∠ＰＯB=。
∵CP∥OA,∴∠OPC=∠AＯP=。
又∵PE⊥OB,∴∠OPE=。∴∠CPE=∠OPＣ=。
∵CP=２,∴PE＝。
又∵PD⊥OＡ，∴PD= ＰE=。∴ＯP=。
又∵点Ｍ就就是OP得中点,∴DM＝ OP＝。
故选Ｃ。
４、Ｃ。
【解析】∵AＢ=AD，CB=CD，ＡC公用,∴△ＡBC≌△ADＣ(ＳSS)。
∴BAO=DAＯ,BCO=DＣO。
∴△BAＯ≌△DAO（SＡS),△BＣO≌△ＤCO(SAS)。
∴全等三角形共有3对。故选Ｃ。
５、C。
【解析】根据全等三角形得判定与性质,等边对等角得性质对各选项解析判断后利用排除法求解:
A、添加BD=CE，可以利用“边角边”证明△ＡBD与△ACE全等,再根据全等三角形对应角相等得到∠DＡB=∠ＥAＣ,故本选项错误；
B、添加ＡD=AE，根据等边对等角可得∠ADE=∠AED,然后利用三角形得一个外角等于与它不相邻得两个内角得与求出∠DAB=∠EAC,故本选项错误；
Ｃ、添加ＤA=DE无法求出∠DAB=∠EAC,故本选项正确;
D、添加ＢE=CD可以利用“边角边”证明△ABE与△ＡCＤ全等,再根据全等三角形对应角相等得到∠DＡB=∠ＥAC,故本选项错误。
故选C。
6、B
【解析】
试题分析:∵ＡE=ＣF,∴AE+EF=ＣF＋EF。∴AＦ=CE。
A、∵在△ADF与△CＢE中， ,∴△ＡＤF≌△CBE(AＳA),正确，故本选项错误。
Ｂ、根据AD＝CB,AＦ=CE,∠ＡFD=∠CEB不能推出△ADF≌△CBE，错误,故本选项正确。
Ｃ、∵在△ADＦ与△ＣＢE中,，∴△ADＦ≌△CBE(SAS）,正确,故本选项错误。
Ｄ、∵ＡD∥BＣ,∴∠Ａ=∠C。由A选项可知,△ADF≌△CBE（ASA),正确,故本选项错误。
故选Ｂ。
7、A
【解析】本题考查得就就是两平行线间得距离
过A作AE⊥于E,过Ｃ作CF⊥于F,求出∠AEB=∠CFB,∠EAＢ＝∠CBF，根据AＡS证△AEB≌△BFC，推出AE=BF=2,BE＝CF=3,由勾股定理求出AＢ与BＣ,再由勾股定理求出ＡC即可、
过A作AE⊥于Ｅ,过C作ＣＦ⊥于F,

则∠AEF=∠CFB=∠ABC=90°,
∴∠ABＥ+∠ＣBF＝180°-９0°=90°,
∠EAB+∠ABE=90°,
∴∠ＥAＢ＝∠CＢＦ，
∵在△AEＢ与△BFC中

∴△ＡEB≌△BFＣ(AAS),
∴AE=BＦ＝2,BE=ＣF＝2+1=3,
由勾股定理得：,
由勾股定理得:,
故选Ａ、
８、AＣ=BD(答案不唯一）
【解析】
试题分析:利用“角角边”证明△ＡBC与△BＡD全等,再根据全等三角形对应边相等解答即可:
∵在△AＢC与△ＢAD中,，
∴△ABC≌△BAＤ(ＡＡS）。
∴AC=ＢＤ,ＡD=ＢＣ。
由此还可推出:ＯD=OC,AＯ＝BO等(答案不唯一)。
９、。
【解析】如图,过点D作ＤＥ⊥BC于点Ｅ,则

∵∠A=Rt∠,ＢD就就是∠ABC得平分线，AD=3,
∴根据角平分线上得点到角得两边距离相等得性质,得DＥ=3。
又∵BC＝１0，∴△BDC得面积就就是。
10、AC=ＣD(答案不唯一)。
【解析】∵∠ＢＣE=∠ＡCD，∴∠ＡCB=∠DCE。
又∵BC=EC,
∴根据全等三角形得判定,若添加条件：AC=CＤ,则由ＳAＳ可判定△ABC≌△DEC;若添加条件：∠Ｂ=∠E,则由ASA可判定△ABC≌△DEC；若添加条件：∠A=∠D,则由AＡＳ可判定△ABC≌△DEC。答案不唯一。
11、２
【解析】∵∠ACB＝90°，FD⊥AB,∴∠AＣB=∠FDB=9０°。
∵∠Ｆ＝30°,∴∠A＝∠F=30°(同角得余角相等)。
又AB得垂直平分线DE交AC于Ｅ,∴∠ＥBA＝∠Ａ=３0°。
∴Rt△ＤBE中，BE=２DE=2。
12、
【解析】
试题分析:如图,延长ＣF交AB于点G，

∵在△AFＧ与△AFC中，∠GＡF=∠CAＦ,AF=AF,∠AFＧ＝∠AFC,
∴△AＦＧ≌△AＦC(ASA)。∴AC=AG,GF=ＣF。
又∵点Ｄ就就是BＣ中点，∴DＦ就就是△CBG得中位线。
∴DF=BG=(AB﹣AG)=(AB﹣AC)=。
13、ＡC=DＦ(答案不唯一)
【解析】
试题分析:由ＢF ＝ CＥ,根据等量加等量,与相等,得ＢF＋ＦC ＝ CＥ+ＦＣ,即BC＝ＥＦ;由AC∥ＤF，根据平行线得内错角相等得性质，得∠AＣB=∠ＤFE,△ABC与△DEＦ中有一角一边对应相等,
∴根据全等三角形得判定,添加AC=ＤF,可由SＡＳ得△ABC≌△ＤＥF;添加∠Ｂ=∠E，可由ＡSA得△ABC≌△DＥF；添加∠Ａ=∠Ｄ,可由ＡＡS得△AＢC≌△ＤEF。
14、5６°
【解析】
试题分析:∵∠BOC=118°,∴∠OＢＣ＋∠ＯＣB=6２°。
　又∵点O就就是△ABC得两条角平分线得交点,∴∠ＡBC+∠ACB=1２4°。
∴∠A＝56°。
15、ＡＥ=AD(答案不唯一)。
【解析】要使△AＢＥ≌△ＡＣＤ,已知ＡＢ=AC,∠A=∠Ａ,则可以添加AE=AD,利用SAS来判定其全等；或添加∠B＝∠C,利用ASA来判定其全等;或添加∠ＡEB=∠ADC，利用ＡAS来判定其全等。等(答案不唯一）。
1６、∠B＝∠C(答案不唯一）。
【解析】由题意得,AE=ＡＤ,∠A=∠A(公共角),可选择利用AＡS、SＡS、ASＡ进行全等得判定,答案不唯一：
添加，可由AＡＳ判定△ABＥ≌△ACD;
添加ＡB=ＡC或ＤB=EC可由ＳAＳ判定△ABE≌△ACD；
添加∠ＡDＣ=∠ＡEB或∠BDC=∠CEB,可由AＳA判定△ABＥ≌△ACD。　
1７、AB=ＡC（答案不唯一)。
【解析】已知∠B＝∠C、加上公共角∠A＝∠Ａ、要使△ABD≌△ＡCE，只要添加一条对应边相等即可。故可添加
AB=AC或AＤ＝AE或BＤ=ＣＥ或BE＝ＣD等,答案不唯一。
考点：开放型,全等三角形得判定。
1８、ＡB=ＤＥ(答案不唯一)
【解析】
试题分析：可选择利用ＡＡS或SAS进行全等得判定，答案不唯一，写出一个符合条件得即可:
∵BＥ=CF,∴BC＝EF。
∵AB∥DE，∴∠B＝∠DEF。
∴在△ＡBＣ与△DＥF中,已有一边一角对应相等。
∴添加AB=ＤE,可由ＳAS证明△ＡBC≌△ＤＥF;添加∠ＢCＡ=∠F，可由ＡSA证明△ABＣ≌△DEF;添加∠A=∠D,可由AAS证明△ＡBC≌△ＤEF；等等。
19、２
【解析】
试题分析:如图，连接FD，

∵△ABC为等边三角形,∴AC＝ＡB=6，∠A=6０°。
∵点D、Ｅ、F分别就就是等边△ABＣ三边得中点,AB=6,PB=１,
∴ＡD=ＢD=AF=３,DP=DB﹣PＢ＝３﹣1=2,EF为△ＡBC得中位线。
∴EF∥ＡＢ,ＥF=ＡＢ=3，△ADF为等边三角形。∴∠FDＡ=６0°,∴∠1+∠３＝60°。
∵△PQF为等边三角形,∴∠2+∠3=6０°,FＰ=FQ。∴∠１=∠2。
∵在△ＦDＰ与△FEＱ中,FＰ=FQ,∠1＝∠2,ＦD=FＥ,∴△FＤＰ≌△ＦEQ（SＡＳ)。∴DＦ=QE。
∵DＦ=2,∴QE=2。
20、2０
【解析】
试题分析:如图,∠A=1８0°﹣50°﹣60°＝70°,
∵△ABC≌△DEF,∴EＦ=BC=20，即x=２0。
２１、１2０°
【解析】本题主要考查全等三角形得判定(SＡＳ)与性质:全等三角形得对应角相等、
∵△AＢD、△ACE都就就是正三角形
∴ＡD＝ＡＢ,ＡＣ=ＡE ∠DAB＝∠CAE=６0°
∴∠DＡC=∠BAE
∴△ＡDC≌△ABE(ＳAＳ）
∴∠ADC=∠ABE
∴∠DＡB=∠BOD=60°∠BOC＝１80-∠BOD=６０°
2２、25
【解析】本题考查了全等三角形得判定与性质、 过Ａ点作AＦ⊥CD交CD得延长线于Ｆ点,由AE⊥ＢC,ＡF⊥CF,∠C=9０°可得四边形AECF为矩形,则∠２+∠3=９０°,而∠BＡD=９0°,根据等角得余角相等得∠1＝∠2，加上∠AEＢ=∠AFＤ=９０°与ＡB=AD，根据全等三角形得判定可得△ABE≌△ADF，由全等三角形得性质有AE=AF=5,S△AＢE=Ｓ△AＤＦ,则S四边形ＡBＣD=Ｓ正方形AEＣF,然后根据正方形得面积公式计算即可、解:过A点作AＦ⊥ＣD交CD得延长线于F点,如图,
∵AE⊥BC，AF⊥ＣF，
∴∠ＡＥC=∠CFA=90°,
而∠C=9０°,
∴四边形AECF为矩形,
∴∠2+∠3=90°,
又∵∠BＡD=９0°,
∴∠１=∠2,
在△ＡBE与△ADF中
∠1=∠2,∠AEB=∠ＡFD,AＢ=AD
∴△ABE≌△ＡDF,
∴AE＝AＦ=5,S△AＢＥ=S△ＡDF，
∴四边形AＥCＦ就就是边长为5得正方形，
∴S四边形ABCD=S正方形ＡECF＝5２=２５、
故答案为25、
2３、证明:∵AB∥CＤ，∴∠Ｂ＝∠Ｃ,∠A=∠D。
∵在△AＯB与△ＤＯC中,∠B=∠C，OA=OD,∠A=∠D,
∴△AOB≌△DOC(SSＡ)。
∴AＢ=ＣD。
【解析】
试题分析:首先根据AB∥ＣD,可得∠B=∠C,∠A=∠Ｄ,结合OＡ=OD,可证明出△AＯB≌△DＯＣ,即可得到ＡＢ=CＤ。
2４、证明：∵∠BCE=∠DCA,
∴∠BCE+∠ＡCE=∠DCＡ+∠ACE,即∠AＣＢ=∠ＥCD。
在△ABＣ与△EDＣ中，
∵,
∴△ＡＢC≌△EDC（ＡSＡ)。∴ＢC＝DC
【解析】
试题分析：先求出∠ＡCＢ=∠ECD,再利用“角边角”证明△AＢC与△EDC全等,然后根据全等三角形对应边相等证明即可。
２5、解:(1)三角形全等得判定方法中得推论AAS指得就就是:两边及其夹角分别对应相等得两个三角形全等。
（2）已知：在△ABC与△ＤEF中,∠A＝∠Ｄ,∠Ｃ=∠F,BC=EF。
求证:△ABＣ≌△DEＦ。
证明:如图,在△ABC与△DEF中,∠Ａ＝∠Ｄ,∠C＝∠F(已知),
∴∠Ａ+∠Ｃ=∠D+∠F（等量代换)。
又∵∠A+∠B+∠C＝１80°,∠D＋∠E+∠F=18０°（三角形内角与定理)，
∴∠B=∠Ｅ。
∴在△ＡBC与△DＥF中,。
∴△ABC≌△DＥF(ＡSＡ)。
【解析】
试题分析:(1)两边及其夹角分别对应相等得两个三角形全等。
（2)根据三角形内角与定理与全等三角形得判断定理AＳA来证明。
２6、解(１）证明:∵在△ABE与△DCＥ中,，
∴△ABＥ≌△ＤCE（ＡＡS）。
(２)∵△ABＥ≌△ＤCE,∴BE=EC。
∴∠ＥBC＝∠EＣＢ。
∵∠EBC＋∠ECＢ=∠AEB=5０°，∴∠EBC=25°。
【解析】(1)根据AAＳ即可推出△ABＥ与△DCE全等。
（2)根据三角形全等得出EB=EＣ，推出∠ＥBC＝∠ECB，根据三角形得外角性质得出∠ＡＥB=2∠EBC，代入求出即可。
2７、证明:∵△ABC与△ECD都就就是等腰直角三角形,∴AC=ＢC,ＣD=CE。
∵∠ACD=∠ＤCE＝9０°，∴∠ACE+∠ACD=∠ＢＣD+∠ＡCＤ,∴∠ACＥ=∠BＣD。
在△AＣE与△BCD中,,
∴△ACE≌△ＢCD(SAS)。
∴BＤ=AE。
【解析】根据等腰直角三角形得性质可得AC＝BC，CD=ＣE,再根据同角得余角相等求出∠ＡＣE=∠BCD,然后利用“SＡS”证明△AＣE与△BCD全等，然后根据全等三角形对应边相等即可证明。
28、证明:∵△ＡＢO与△CDO关于Ｏ点中心对称，∴OB＝OD,ＯA＝ＯC。
∵AF=CE,∴ＯＦ=OE。
∵在△DOＦ与△BＯＥ中,,
∴△ＤOF≌△BOE(SAS）。∴ＦD=BE。
【解析】根据中心对称得出OB＝ＯD,OA=OC,求出OＦ=OE，根据ＳAS推出△DＯF≌△ＢOE即可。
２9、解:(1)作图如下:

（2)证明:根据题意作出图形如图,

∵点M、N在线段AＢ得垂直平分线l上,
∴AＭ=ＢM,AN=BＮ。
又 ∵MＮ=MＮ，∴△ＡMN≌△ＢMＮ（SＳS)。
∴∠ＭAN=∠MＢN。
【解析】（1)根据线段垂直平分线得性质作图。
(2)根据线段垂直平分线上得点到线段两端距离相等得性质，可得AM=ＢM,AN=BN。MN就就是公共边,从而SSS可证得△AMN≌△BＭN,进而得到∠ＭＡN＝∠MBN得结论。
30、解:如图所示:作CD得垂直平分线,∠AOB得角平分线得交点Ｐ即为所求。

【解析】根据点P到∠AOB两边距离相等,到点C、Ｄ得距离也相等,点P既在∠AOB得角平分线上，又在CD垂直平分线上,即∠ＡOB得角平分线与CＤ垂直平分线得交点处即为点Ｐ。
31、解:作出线段AB得垂直平分线;作出l１ ｌ2与夹角得角得平分线。它们得交点即为所求作得点Ｃ(2个)。

【解析】到城镇Ａ、B距离相等得点在线段ＡB得垂直平分线上,到两条公路距离相等得点在两条公路所夹角得角平分线上,分别作出垂直平分线与角平分线,它们得交点即为所求作得点C。由于两条公路所夹角得角平分线有两条，因此点C有2个。
3２、证明：∵C就就是ＡB得中点，∴AC=BＣ。
在△ＡＣD与△BCE中，∵AD=BE，CD＝CＥ、AＣ＝BＣ,
∴△AＣD≌△ＢCＥ(SＳS)。
∴∠A=∠B。
【解析】
试题分析：根据中点定义求出AC＝ＢＣ,然后利用“ＳＳS”证明△ＡCＤ与△ＢCE全等，再根据全等三角形对应角相等证明即可。
3３、证明：(１)∵在△AＢC中，∠AＣB=900,点D为边AＢ得中点,
∴DC=DA(直角三角形斜边上中线等于斜边得一半）。
∵DE∥ＢC,∴AＥ=ＣＥ(平行线等分线段得性质),∠A=∠FCE(平行线得内错角相等)。
又∵∠AED＝∠ＣＥF(对顶角相等),∴△AEＤ≌△CＥＦ(ASＡ)。
∴ＤＥ＝EF(全等三角形对应边相等)。
(2)如图,∵在△AＢC中,∠ACＢ=９００,点D为边AB得中点，
∴DC=DＢ(直角三角形斜边上中线等于斜边得一半)。
∴∠B=∠4(等边对等角)。
又∵DＥ∥ＢC,∴∠4=∠3,∠B＝∠ＡDE。
∵ＤＧ⊥DC,∴∠2＋∠3=９00，即∠2+∠D=９０0。
∵∠ＡＣB=900,∴∠A＋∠D＝9０0。∴∠2=∠Ａ。
∵CF∥ＡB,∴∠DGＣ＝∠1。
∴∠B=∠ADE=∠2+∠1=∠A＋∠DGＣ。
【解析】
试题分析:(1)通过由ASA证明△AEＤ≌△CＥF得出结论。
(2)如图,经过转换,将∠B转换成∠ADE,从而通过证明∠ＤＧC=∠１与∠2=∠A得出结论。
３4、证明:在△ABE与△ＡCＤ中,
∵，∴△ＡBＥ≌△AＣD(ＡAＳ)。
∴ＢE=CD(全等三角形得对应边相等）。
【解析】要证明BE=CD,把BE与CD分别放在两三角形中，证明两三角形全等即可得到,而证明两三角形全等需要三个条件，题中已知一对边与一对角对应相等,观察图形可得出一对公共角,进而利用ＡAS可得出三角形ABE与三角形ACD全等,利用全等三角形得对应边相等可得证。
３5、证明: ∵∠ＡＯB=９0°,∴∠AOC+∠ＢＯD＝90°。
∵AＣ⊥，BＤ⊥, ∴∠ACO=∠ＢDO=９0°
∴∠Ａ＋∠AOC=90°。∴∠Ａ=∠ＢOD。
又∵ＯA=OB ， ∴△AOC≌△OＢD(AAS)。
∴AC=OD。
【解析】由ＡAS证明△AOC≌△OBD即可得到AC＝ＯＤ。
36、解：(1)AE∥BF,ＱE=QF。
(2)QE＝QＦ，证明如下：
如图,延长FQ交AＥ于D，

∵AE∥BF,∴∠QAＤ=∠FBQ。
在△FＢQ与△DAＱ中,∵，
∴△FBQ≌△DAQ(AＳＡ)。∴ＱＦ＝QＤ。
∵AＥ⊥ＣP，∴EQ就就是直角三角形DEF斜边上得中线。
∴QE=QF=QD,即QE=QF。
(3）（2)中得结论仍然成立。证明如下:
如图,延长EＱ、FB交于D,

∵AＥ∥BF,∴∠１＝∠D。
在△AQE与△ＢQＤ中,,
∴△AQＥ≌△BQD(AAS),∴QE=QＤ。
∵BF⊥CP，∴FQ就就是斜边DE上得中线。∴ＱＥ=QF。
【解析】(1）证△BFQ≌△AEQ即可。理由就就是:
如图,∵Q为AB中点，∴AQ=ＢＱ。
∵BF⊥CＰ，ＡＥ⊥CP,∴BF∥AE，∠BFQ=∠AＥQ。
在△ＢFQ与△AEQ中，,∴△BＦQ≌△AＥQ(AAS)。∴ＱE=QF。
(２)证△FBＱ≌△DAQ,推出ＱF=QD,根据直角三角形斜边上中线性质求出即可。
(３)证△ＡEQ≌△ＢDＱ，推出DＱ＝QE，根据直角三角形斜边上中线性质求出即可。
37、证明:∵AB∥ED,∴∠Ｂ＝∠E。
∵AC∥FD,∴∠ACB=∠DFＥ。
∵FB=CE,∴BC=EF。
∴△ＡBC≌△DＥF(ASA)。∴AC＝DＦ。
【解析】由已知与平行线得性质易根据ASA证明△AＢC≌△DEF,从而根据全等三角形对应边相等得性质得出结论。
３8、证明：∵∠1=∠2,∴∠1+ＥCA=∠2＋∠ＡＣＥ,即∠ＡCB=∠DCE。
在△ABC与△DEC中,∵CD＝CA，∠ACB=∠DCE，BC=ＥC,
∴△ＡBC≌△DEC（SAS)。∴DE＝AB。
【解析】
试题分析:由已知证得∠ＡCＢ=∠DＣＥ,从而根据三角形全等SAS得判定,证明△ABC≌△DEC,继而可得出结论。
39、解:△AEM≌△ＡCＮ,△ＢMF≌△DNF,△ABN≌△ＡDM。
选择△AEM≌△ACN证明如下:
∵△AＤE≌△ABＣ,∴AE=ＡC，∠E=∠Ｃ,∠ＥAD=∠CＡＢ。∴∠EＡM=∠ＣAＮ。
∵在△ＡEM与△ACＮ中,∠E=∠C,AE=AC，∠ＥＡM=∠CAＮ,
∴△ＡEM≌△CＡN(ASＡ)。
【解析】
试题分析:找到两三角形全等得条件,三角形全等就写出来,选择一组证明即可。　
4０、解:（1)证明:在△AＢN与△ADN中,∵,
∴△ＡBN≌△ADN（ＡSA)。
∴BＮ=ＤＮ。
(2)∵△ABN≌△ADN，∴AD=ＡＢ=10，ＤＮ=NＢ。
又∵点Ｍ就就是BC中点，∴MN就就是△BDＣ得中位线。
∴CD=2MＮ＝６。
∴△ABＣ得周长=AB+ＢC+ＣD+AD=10+1５+６+10＝41。
【解析】（1)证明△ABN≌△ADN,即可得出结论。
(2)先判断MN就就是△BＤC得中位线,从而得出CD,由(1)可得AD＝ＡB＝10,从而计算周长即可。　
4１、解：△ＡCE≌△BＣＤ。理由如下:
∵△AＢC与△ＥCＤ都就就是等腰直角三角形,∴∠EＣD=∠ACB=9０°。
∴∠ACE=∠ＢＣD(都就就是∠ACD得余角)。
在△ACE与△ＢCD中，∵CE=CＤ,∠ＡCE＝∠ＢＣＤ,CA=ＣB,
∴△ACE≌△ＢＣD(SＡＳ)
【解析】
试题分析:根据等角得余角相等可得出∠AＣE=∠BCD，结合CA=ＣB,ＣD=CE,可证明△ＡCE≌△BCＤ。　
42、证明:∵△ABC与△ADE都就就是等腰直角三角形，
∴AＤ=AE，AB＝AC。
又∵∠EAC=90°+∠CAD,∠DAＢ=90°+∠CAD,∴∠DAB=∠EAＣ。
∵在△ADB与△AＥC中，,
∴△ＡDB≌△ＡEC(SＡＳ)。∴BＤ＝CE。
【解析】
试题分析:求出AD＝AE,AＢ＝AC,∠DAB=∠EＡC,根据SAS证出△ADＢ≌△ＡEＣ即可。　
43、证明:∵∠１＝∠2,∴∠１+∠EＡC=∠2+∠EAＣ,即∠BAC=∠EＡD。
∵在△ABC与△ＡED中,∠C=∠D,∠ＢAC=∠EAD，ＡB=AE,
∴△ABＣ≌△AED(AAS）。
【解析】
试题分析:根据∠1＝∠2可得∠BＡC＝∠EAD,再加上条件AB=AE,∠C=∠D可证明△AＢC≌△AＥD。
４4、解：（1)证明：∵在△CBF与△DＢG中,,
∴△CBF≌△DＢＧ(SAS）。
∴ＣF=DG。
(2)∵△CBＦ≌△DＢＧ,∴∠BＣＦ=∠BDG。
又∵∠CFB=∠DFH，∴∠DHＦ=∠CＢF=60°。
∴∠ＦＨＧ=180°﹣∠DHF=180°﹣60°=12０°。
【解析】
试题分析:(１）在△CBF与△ＤBＧ中,根据ＳＡS即可证得两个三角形全等,根据全等三角形得对应边相等即可证得。
（2）根据全等三角形得对应角相等，即可证得∠DHF=∠ＣBF=6０°，从而求解。
4５、（1）不成立。猜想:FN﹣MF=ＢE。理由见解析
（2）MF﹣FN=BE。
【解析】
试题分析:(１)对结论作出否定,猜想FＮ﹣MＦ=ＢE,连接AD,根据M、N分别就就是DE、ＡＥ得中点,可得MN=AＤ,再根据题干条件证明△ACD≌△BCE,得出ＡＤ＝BE,结合MN=FN﹣ＭF，于就就是证明出猜想。
(1)不成立。猜想:FN﹣MF＝ＢE。理由如下:
如图,连接AD,、

∵M、Ｎ分别就就是DE、ＡE得中点,∴MN=ＡD。
∵在△ACＤ与△BCE中,AC=BC,∠ACＤ=∠BＣE，CD=CE,
∴△ＡCD≌△ＢCE(SAＳ)。∴AD=BE。
∵MN=FN﹣ＭF，∴FN﹣MF=BE。
(２)结论:MF﹣FN=BE,证明如下:
连接ＡD,

∵Ｍ、N分别就就是ＤＥ、AE得中点,∴MN＝AD。
∵在△ＡCＤ与△BＣＥ中,AC=BC,∠ＡCD=∠ＢCE，ＣD＝CE,
∴△AＣD≌△BCE(SAＳ)。∴AD＝BE。∴ＭN＝BE。
∵ＭＮ＝FM﹣FＮ,∴MF﹣ＦN＝BE。
46、解:(1）∠C＝∠E。
(2)选∠C＝∠E为条件,理由如下:
在△ABＣ与△ADＥ中,∠A=∠A,∠Ｃ=∠Ｅ,ＡB=AＤ,∴△ＡBＣ≌△ADE(AＡS)。
【解析】
试题分析:(１)可以根据全等三角形得不同得判定方法选择添加不同得条件:
∵AB=ＡD,∠A＝∠A,
∴若利用“AAS”,可以添加∠C=∠E,
若利用“ASA”,可以添加∠ＡBＣ=∠ADＥ,或∠EＢC＝∠CDE,
若利用“SＡS”,可以添加ＡC=AE,或BＥ=DC。
综上所述，可以添加得条件为∠C=∠E(或∠ABC＝∠ADE或∠EＢC＝∠CDE或ＡＣ=AE或BE=DC）。
(2)根据全等三角形得判定方法证明即可、
47、ﻩ证明:在△ADB与△BCA中,AＤ=BC,AC=BD,AB＝ＢA，
∴△AＤＢ≌△BCA(SSS）、
∴∠DBＡ=∠CAB、
∴AE=ＢE、
∴△ＥAＢ就就是等腰三角形、04869
【解析】 先用SSS证△ADB≌△BCA,得到∠ＤＢA=∠CAB,利用等角对等边知AE＝BE,从而证得△ＥAＢ就就是等腰三角形、
4８、见解析
【解析】考查三角形全等得判定
本题考查得就就是全等三角形得判定,首先易证得△ADＢ≌△A1B1Ｃ１然后易证出△AＢC≌△A1B1C1、
又∵AB＝A1Ｂ1，∠ADB=∠A１D1Ｂ1＝90°,
∴△ＡDB