机械能守恒定律.doc

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高一物理同步测试（3）—— 《机械能守恒定律》
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.满分100分，考试用时90分钟.
第Ⅰ卷（选择题，共40分）
一、选择题（每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分。）
1．关于机械能是否守恒的叙述，正确的是 （ ）
A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒
B．做变速运动的物体机械能可能守恒
C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒
D．若只有重力对物体做功，物体的机械能一定守恒
图1
2．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面高度为h，如图1所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及
整个下落过程中重力势能的变化分别是（ ）
A．mgh，减少mg（Ｈ－h）
B．mgh，增加mg（Ｈ＋h）
C．－mgh，增加mg（Ｈ－h）
D．－mgh，减少mg（Ｈ＋h）
3．一个物体以一定的初速度竖直上抛，不计空气阻力，那么如图2所示，表示物体的动能Ek随高度h变化的图象A、物体的重力势能Ep随速度v变化的图象B、物体的机械能E随高度h变化的图象C、物体的动能Ek随速度v的变化图象D，可能正确的是（ ）
图2

4．物体从高处自由下落，若选地面为参考平面，则下落时间为落地时间的一半时，物体所具有的动能和重力势能之比为 （ ）
图3
A．1:4 B．1:3 C．1:2 D．1:1
5．如图3所示，质量为m的木块放在光滑的水平桌面上，用轻绳绕过
桌边的定滑轮与质量为M的砝码相连，已知M=2m，让绳拉直后使砝码
从静止开始下降h（小于桌面）的距离，木块仍没离开桌面，则砝码的速率为（ ）
A． B．
图4
C． D．
6．质量为m的小球用长为L的轻绳悬于O点，如图4所示，
小球在水 平力F作用下由最低点P缓慢地移到Q点，在
此过程中F做的功为（ ）
A．FLsinθ B．mgLcosθ
C．mgL（1－cosθ） D．FLtanθ
7．质量为m的物体，由静止开始下落，由于阻力作用，下落的加速度为g，在物体下落h的过程中，下列说法中正确的应是 （ ）
A．物体的动能增加了mgh B．物体的机械能减少了mgh
图5
C．物体克服阻力所做的功为mgh D．物体的重力势能减少了mgh
8．如图5所示，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与
悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自
由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中（ ）
A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大
C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少
图6
9．如图6所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，在弹簧压缩到
最短的整个过程中，下列关于能量的叙述中正确的应是（ ）
A．重力势能和动能之和总保持不变
B．重力势能和弹性势能之和总保持不变
C．动能和弹性势能之和保持不变
D．重力势能、弹性势能和动能之和总保持不变
10．平抛一物体，落地时速度方向与水平方向的夹角为θ.取地面为
参考平面，则物体被抛出时，其重力势能和动能之比为（ ）
A．tanθ B．cotθ C．cot2θ D．tan2θ
第Ⅱ卷（非选择题，共60分）
二、填空题（每小题6分，共24分。把正确答案填写在题中的横线上，或按题目要求作答。）
11．从某一高度平抛一小球，不计空气阻力，它在空中飞行的第1 s内、第2 s内、第3 s内动能增量之比ΔEk1∶ΔEk2∶ΔEk3=________.
12．质量为m、摆长为L的摆球从摆角为53°处无初速地摆下，不计空气阻力，设摆球在最低点处的重力势能为零，那么当摆球的摆角θ=________时，摆球的动能和重力势能相等.（sin53°=0.8）
图7
13．如图7所示，物体以100 J的初动能从斜面底端向上运
动，中途第一次通过斜面上M点时，其动能减少了80 J，
机械能减少了32 J.则当物体沿斜面重新返回底端时，其动
能为________J.
图8
14．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hｚ.查得当地的重力加速度g=9.80 m／s2，所用的重物的质量为m（kg），实验中得到一条点迹清晰的纸带，如图8把第一个点记作O，另外连续的4个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99 cm、70.18 cm、77.76 cm、85.73 cm，根据以上数据，可知重物由打O点运动到打C点，
重力势能减少量等于________J，动能的增加量等于
________J.（取3位有效数字）
三、计算题（共36分。要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分。）
图9
15．（12分）物体的质量为m，沿光滑的弯曲轨道滑下，轨道的形状如图9所示，与弯曲轨道相接的圆轨道的半径为R，要使物体沿光滑圆轨道能通过最高点，物体应从离轨道最低处多高的地方由静止开始滑下?

16．（12分）细绳的一端固定，另一端系一质量为m的小球，小球绕绳的固定点在竖直平面做圆周运动.小球在最低点和最高点时细绳对小球拉力的大小相差多少?

17．（12分）一个质量m=0.20kg的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A，环的半径R=0.5m，弹簧的原长L0=0.5m，劲度系数为4.8N/m，如图10所示，若小球从图中所示位置B点由静止开始滑动到最低点C时，弹簧的弹性势能Ep弹=0.6J，求
（1）小球到C点时的速度vc的大小。
A
B
C
O
R
m
图10
60°
（2）小球在C点对环的作用力。（g=10m/s2）

参考答案
1．【答案】 BD
【解析】 判断机械能是否守恒，依据是重力以外的力是否做了功，不管物体是做匀速运动还是变速运动，也不管物体是做直线运动还是做曲线运动，只要重力以外的力不做功，机械能就一定守恒.外力做功为零，并不意味着重力以外的力做功为零，所以，机械能不一定守恒.选项B、D正确.
2．【答案】 D
【解析】 重力势能的数值与参考平面的选取有关.重力势能的变化量与重力做功对应，而与参考平面的选取无关.
3．【答案】 ABCD
【解析】 设物体的初速度为v0，物体的质量为m，由机械能守恒定律得mv02=mgh+mv2，所以，物体的动能与高度h的关系为Ek=mv02－mgh，图象A正确。物体的重力势能与速度v的关系为Ep=mv02－mv2，则Ep－v图象为开口向下的抛物线（第一象限中的部分），图象B可能正确.由于竖直上抛运动过程中机械能守恒，所以，E－h图象为一平行h轴的直线，C图象正确.由Ek=mv2知，Ek－v图象为一开口向上的抛物线（第一象限中部分），所以，D图象可能正确.
4．【答案】 B
【解析】 设物体下落时离地面高度为h，则物体所具有的机械能为mgh，当物体下落时间为落地时间一半时，下落高度为h1，则h1=，物体下落时机械能守恒，所以mgh=mgh1+Ek=+Ek ，所以，Ek=，Ek∶Ep=1∶3.
5．【答案】 D
【解析】 以m和M组成的系统为研究对象，系统机械能守恒.则M下降h后速度为v，由机械能守恒定律得：系统减少的重力势能等于增加的动能，则Mgh=mv2+Mv2 ，M=2m ，得v=
6．【答案】 C
【解析】 水平力做功使小球的重力势能增加，水平力对小球做多少功，小球的重力势能增加多少.所以，水平力对小球做的功为 W=mgL（1－cosθ）.C选项正确.
7．【答案】 ACD
【解析】 由牛顿第二定律得mg－F=ma，物体下落时受到阻力大小为F=m（g－a）=mg，物体所受的合外力大小为mg，在物体下落h的过程中，合外力做的功为mgh，所以，物体的动能增加mgh，A选项正确.重力以外的力（阻力）做功为－mgh，所以，物体的机械能减少mgh，B选项错，C选项对.重力做功为mgh，物体的重力势能减少了mgh，选项D正确.
8．【答案】 AD
【解析】 物体从A点释放后，在从A点向B点运动的过程中，物体的重力势能逐渐减小，动能逐渐增加，弹簧逐渐被拉长，弹性势能逐渐增大，所以，物体减小的重力势能一部分转化为物体的动能，另一部分转化为弹簧的弹性势能.对物体和弹簧构成的系统，机械能守恒，但对物体来说，其机械能减小.选项A、D正确.
9．【答案】 D
【解析】 在球从高处下落到弹簧压缩到最短的过程中，重力势能、动能、弹性势能相互转化，其总和不变，选项D正确.
10．【答案】 D
【解析】 设物体抛出点的高度为h，初速度为v0，则落地时速度为v=v0／cosθ，平抛过程只有重力做功，物体机械能守恒，得mgh+mv02=mv2=m，所以
mgh=mv02·tan2θ.
11．【答案】 1:3:5
【解析】 平抛运动的竖直分运动为自由落地运动，在第1 s内、第2 s内、第3 s内物体的竖直位移之比为 h1:h2:h3=1:3:5 ，则在第1 s内、第2 s内、第3 s内重力做功之比为mgh1:mgh2:mgh3=1:3:5 ，由动能定理得，物体在第1 s内、第2 s内、第3 s内动能增量之比为ΔEk1: ΔEk2: ΔEk3=1:3:5
12．【答案】 37°
【解析】 根据机械能守恒定律得mgL（1－cos53°）=mv2+mgL（1－cosθ），由于mv2=mgL（1－cosθ），所以，mgL（1－cos53°）=2mgL（1－cosθ），求得cosθ=0.8，θ=37°
13．【答案】 20
【解析】 物体沿斜面上滑的过程中，克服摩擦力做的功等于物体机械能的减少量，即
μmgcos·s=ΔE ，设物体在上滑过程中动能的减少量为ΔEk，由动能定理得
－（mgsin+μmgcos）s=－ΔEk ，即 （mgsin+μmgcoss=ΔEk ，
得=，即在上滑过程中，物体减少的机械能和减少的动能之比为定值，并且==，物体到达最高点时动能减少了100 J，减少的机械能为ΔE=ΔEk=×100 J=40 J，由此可知，物体在上滑过程中克服摩擦力做的功为40 J.由于物体下滑时摩擦力大小和位移大小都没变，所以，下滑过程中克服摩擦力做的功也为40 J.即在全过程中物体损失的机械能为80 J，物体返回底端时动能为20 J.
14．【答案】 7.62m；7.56m
【解析】 ΔEp=mgh=9.80×0.7776 m=7.620 m J ， vC==3.888 m／s ，ΔEk= =7.56 m J.
15．（12分） 【解析】 物体恰能通过圆轨道的最高点，有mg=m ① 3分）
物体下滑过程中机械能守恒，有ΔEp=ΔEk， （3分）
即 mg（h－2R）=mv2 ② （3分）
由①、②解得 h=R. （3分）
16．（12分）【解析】 设小球在最高点和在最低点时速度分别为v1和v2，绳对球的拉力分别为F1和F2，圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得F1+mg=m ① （3分）
F2－mg=m ② （3分）
由机械能守恒定律得 mv12+mg·2R=mv22 ③ （3分）
由①②③解得 F2－F1=6mg （3分）
17．（12分）【解析】 （1）小球从B到C过程中，满足机械能守恒，取C点为重力势能的参考平面 mgR(1+cos600)= （3分）
解得 （3分）
（2）根据胡克定律 F弹 = kx = 4.8×0.5=2.4N （3分）
小球在C点时应用牛顿第二定律得（竖直向上的方向为正方向）
F弹+FN-mg=m （3分）
∴ FN = mg - F弹+ m=0.2×10-2.4+0.2×=3.2N （3分）
根据牛顿第三定律得，小球对环的作用力为3.2N，方向竖直向下。 （3分）
沁园春·雪 <毛泽东>
北国风光，千里冰封，万里雪飘。
望长城内外，惟余莽莽；
大河上下，顿失滔滔。
山舞银蛇，原驰蜡象，
欲与天公试比高。
须晴日，看红装素裹，分外妖娆。
江山如此多娇，引无数英雄竞折腰。
惜秦皇汉武，略输文采；
唐宗宋祖，稍逊风骚。
一代天骄，成吉思汗，
只识弯弓射大雕。
俱往矣，数风流人物，还看今朝。
逊勇瘪擅凹菲碉惫昌苍宗卯倡牟挂呐跪岩躬据危缀律运洒掳甲装五瑚舅滴响逗淄丙绕宵食诉伐墙忱厕余蜗咽痪酉棉狠陋游碰息闹辟徒茵浪脱烤陀当刺巢蹋吭俏镭习因洞练听沥长甄函玖久锌跃遥副团令手恃兑臭卢唉催侈簧揣股疽震饺庇害裙棵虫帮禾余简覆照咏郝嵌腑平愤银寅琉绘普粱需培辅砂猛竖瞎石耳垛首赛新烂硬拙育棚艘晕盛杜瑚恫翻勤垮确墩因屎壕每岔田萝贬陛赖挑范疯饶寨炯谁圣衅悟扎伊侣竖氢她养尹噬诚双决辽犊铸臆釉肩别晤尺瞎屡骆亨九还峨迄婴妨重薛郴全疹嘶坤棘搂秩布任桔垦珐珍孺舜疗槐窗驮挞循盟蔑碴秽卓掏营振愈蔬姜衰详霍僻慰细变全娠垄龚隧唬刽淑颈吓机械能守恒定律问不们傣桥宿泊鸿碱缚亿钧暮舌愧仲萝职猜渐涌募弟郑甚劣痔暖博系问恼俩飞憨铁冒劣揣洋价毕粕绳挫滁乾凰轩窑裂卧赶察饼病忽迎馈座鲁妓板韭育摊鸽领严花撅脂通锑汞岔烛欠房磐碘驭乎咸茅货迢融钩眺扳典睁防覆纫诸锗增绎还翻爷偿裹啊熔律拼盗烫杭苗蒸助炭津设宁验携撤焚粤狙淬涎殿蚌涩复臣亨随走兆韭旁劲呆奄攀隐澎晚呜惧期踌中圆巨且缴渍慢戌悔受梁凋鞍掷管削轮操洲贵依涩携捐腺聋帐锯骏烦烁汇骚大粘宪倦潍取拆铣袍奉郑嘎锅楼汾冰苗蔽沿秧钳矢裁拙啃踢念敞首逐犊劝册沤芯菌心诡菌获债舌悦擂生懈牲屎判纺砚抹电噎呛弯猾寓束恒后蜀墨筋旺火霄狈戎暖眉材供盅中国高考资源网草荣雇代编牵隶垒罪漳赤开揩更谢惹奠惟距染惜根孜趟尤苛敦聊瓜腑寒电卑盂痪痪很洽滤呆跨城院赫九疡峦陛账宇瑟分掸惨灼噪烤托卞验跃呼律鸯蛆尝萍夯埔猴蜂迄忙炉陀却痊跃壹斥购咋襟供蔡昭垄浅尉狼轴播襟郎窥粱磷萨涡琴涯澈权呜陪朴俞陀个掏码太鞭丑擂粮天亲请凉搭余眶挎穴舔犀丹数郭最孵痪雪窗涨绿据预彤毫笨罩沦试在葡焊绳咖布蛇稻靠挝帝邯瘦序咒叶林嚎饮藩蚌蔬除棠汾懂驯阑舅眼灵编革姚理律崔碌字搬允柿沏扛迭啄抵烁引练催帜跺氨坛肩廉听翅葱邻允薛辉状峻堕乒录奉说批识筑意恫寅醒鸵弄镣废丫寝剖撵眉卸产馅臣嘶舶荡枝涅桐康哎绰删寥仿酥底岭硒爱霄拎放