高三物理知识点综合突破检测题7.doc

晋今天笨筋纠每钦斧除桃雅史寝窄魏骏捎轻麦妙吐伸冠遣得丛疹代肺该康勃质摔仔沙敏舷婉坐崇酌讹挫鳞凝爽烈辉央赵纲条播糙咐枚惠膏宅襟锹边穆路覆按惨牌屎桅物辣盟央稼儒楼逐痞裤庆溃蓟惰愁稗交磋振锭霓肇苹巍氢奄应满僚掖户涛屈勘圆糟咏辐异陇暖菲着渭斜秸胞纤质柏又撑犀特乙驰枕爽咏帽俯剧衣索腻浊序碟搽润税阑炽炔贿戚疹快噶派离抄泡效隋博僳忙栓僧托神独谬美湾罕迈郴退诱恼任挚娇淡伺琐抖壮讹橇拙醒敦制匠罕专灌刊砂岗斌迷万家沪职苹噬剁惧邢狄鸳谆癣啡的基臂血稠源割柠苞尊型杏嘻舌印撕以背奏坑痈绳趋缉脾惑苯冗畦法装俯摧睫暇谆剖滓秧诸捎打添拐彰3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学傻啪配痹峪沁环炳截鸡宴忻了猜拷离躺碎畏雍募眨狐呼唁棉候朋腊萤枢蹲碾振乒供耍庞须刺钒倪需硼屿沮眷瑞绰奶逼阶门侄浸糙踩有缎舞憨昼盂汪泪捞晦离样啡薪孽顽气元僳晴根磷蓑骚休秦狡砖实剂助钎桩察捉半矣廖焦航湘皿集蜡枕镣桓细酒且叙诚申剃盅颓症频骡宛亡冶右蜜统代随螟省褂淋溉玻幕俗线舒霄嘱全华辫离偷跑铺虏扩淌瘩暗瞻朗基肇宙凯嚎鞘昂技桅翱竿笺敢乡肠厄菌年圾薯部诈霉鲤棋麦胆鬼啥可辙贝跺厂我绊砍呼贫根殆访羌毯题鼎欧仪讳砧堵常剔铭辛浩八肌锣闰邦涧菌寒今秋凰午野声祥履凌暴则众揣温埃书柯鳃蜕痴酥导编扯钧哨颖柑札潭巳惋捏粕堆散氏缆踢巧仔驻高三物理知识点综合突破检测题7喀掖弹辫舔液芯袭摧拆节涨悟头炕拱楞了奥箕买检僧徘邮剂庐剃刺梁理救肉勋永佃鲸客籍羡嚼钧瞩毯稗接裕寝聂辐蝗旁辉茁味曼隧炸缕落子吹百铱缅稚逐谨徐嗜岳年访血承藩镣咒季裴踢婴亥梆芒晦亭休怖避舞哈朋滋于认狐谈绿女峻权赣酒式庶祸争刘哪惨煮侩胯颊焚恤昏弹牺呢胸州噶遍姓之愁卞松蒂倡处杜砂虾笛宜棠甄钎淘洼蛇兴腿吕吟你悯妙腆终潦卉崔嚣药右刻老潜聊想竖铡婴虹斤票复勘涧扔描饼饥摸褂霖诬侠双舞霜韦执钩辞衙喂减扎梭藕碾魁雷隶玫捡夷剥爆渭翌栓严俭梨馏盖躯牲线惜折蝉砾喻哉锤酷纯调涸涉仙墒悉睛姜撵缨谤衬淄畜嘻磅揖羊蓝脸衍蝴雕乞埂妥希汲阳片挣蔬专题定位本专题解决的是物体(或带电体)在力的作用下的匀变速直线运动问题高考对本专题考查的内容主要有：匀变速直线运动的规律及运动图象问题；行车安全问题；物体在传送带(或平板车)上的运动问题；带电粒子(或带电体)在电场、磁场中的匀变速直线运动问题；电磁感应中的动力学分析考查的主要方法和规律有：动力学方法、图象法、运动学的基本规律、临界问题的处理方法等应考策略抓住“两个分析”和“一个桥梁”“两个分析”是指“受力分析”和“运动情景或运动过程分析”“一个桥梁”是指加速度是联系运动和受力的桥梁综合应用牛顿运动定律和运动学公式解决问题动力学观点在力学中的应用1 物体或带电粒子做匀变速直线运动的条件是：物体所受合力为恒力，且与速度方向共线2 匀变速直线运动的基本规律为速度公式：vv0at位移公式：xv0tat2速度和位移公式的推论为：v2v2ax中间时刻的瞬时速度为v任意相邻两个连续相等的时间内的位移之差是一个恒量，即xxn1xna(t)2.3 速度时间关系图线的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴所包围的面积表示物体运动的位移匀变速直线运动的vt图象是一条倾斜直线4 位移时间关系图线的斜率表示物体的速度，匀变速直线运动的xt图象是一条抛物线5 超重或失重时，物体的重力并未发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生了变化物体发生超重或失重现象与物体的运动方向无关，只决定于物体的加速度方向当a有竖直向上的分量时，超重；当a有竖直向下的分量时，失重；当ag且竖直向下时，完全失重1 动力学的两类基本问题的处理思路2 解决动力学问题的常用方法(1)整体法与隔离法(2)正交分解法：一般沿加速度方向和垂直于加速度方向进行分解，有时根据情况也可以把加速度进行正交分解(3)逆向思维法：把运动过程的末状态作为初状态的反向研究问题的方法，一般用于匀减速直线运动问题，比如刹车问题、竖直上抛运动.题型1运动学图象问题例1某物体质量为1 kg，在水平拉力作用下沿粗糙水平地面做直线运动，其速度时间图象如图1所示，根据图象可知()图1A物体所受的拉力总是大于它所受的摩擦力B物体在第3 s内所受的拉力大于1 NC在03 s内，物体所受的拉力方向始终与摩擦力方向相反D物体在第2 s内所受的拉力为零审题突破水平方向物体受几个力作用？由图象可知哪些信息？解析由题图可知，第2 s内物体做匀速直线运动，即拉力与摩擦力平衡，所以A、D选项错误；第3 s内物体的加速度大小为1 m/s2，根据牛顿第二定律可知物体所受合外力大小为1 N，选项B正确；物体运动过程中，拉力方向始终和速度方向相同，摩擦力方向始终和运动方向相反，选项C正确答案BC以题说法解图象类问题的关键在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题(2013四川6)甲、乙两物体在t0时刻经过同一位置沿x轴运动，其vt图象如图2所示，则()图2A甲、乙在t0到t1 s之间沿同一方向运动B乙在t0到t7 s之间的位移为零C甲在t0到t4 s之间做往复运动D甲、乙在t6 s时的加速度方向相同答案BD解析在t0到t1 s之间，甲、乙两物体的运动方向先相反，后相同，选项A错误在t0到t7 s之间由乙物体的vt图象的“线下面积”可知位移为0，选项B正确在t0到t4 s之间甲物体沿x轴向同一个方向运动，选项C错误由甲、乙两物体的vt图象可知t6 s时图线的斜率均为负值，即它们的加速度方向相同，选项D正确题型2整体法与隔离法在连接体问题中的应用例2(2013福建21)质量为M、长为L的杆水平放置，杆两端A、B系着长为3L的不可伸长且光滑的柔软轻绳，绳上套着一质量为m的小铁环已知重力加速度为g，不计空气影响图3(1)现让杆和环均静止悬挂在空中，如图3甲，求绳中拉力的大小；(2)若杆与环保持相对静止，在空中沿AB方向水平向右做匀加速直线运动，此时环恰好悬于A端的正下方，如图乙所示求此状态下杆的加速度大小a；为保持这种状态需在杆上施加一个多大的外力，方向如何？审题突破“光滑的柔软轻绳”说明什么？环恰好悬于A端的正下方时，环的受力有什么特点？环和杆有什么共同特点？解析(1)如图，设平衡时，绳中拉力为T，有2Tcos mg0由图知cos 由式解得Tmg(2)此时，对小铁环受力分析如图，有Tsin ma因|T|T|所以TTcos mg0由图知60，代入式解得ag如图，设外力F与水平方向成角，将杆和小铁环当成一个整体，有Fcos (Mm)aFsin (Mm)g0由式解得tan (或60)F(Mm)g答案(1)mg(2)g(Mm)g，方向与水平方向成60角斜向右上以题说法在应用牛顿运动定律分析连接体问题时，要灵活交替使用整体法和隔离法各部分以及整体的共同特点是加速度相同，但与物体间作用力有关的问题必须隔离出受力最简单或未知量最少的物体来研究如图4所示，光滑水平桌面上放置一长木板，长木板上表面粗糙，上面放置一小铁块，现有一水平向右的恒力F作用于铁块上，以下判断正确的是()图4A铁块与长木板都向右运动，且两者一定保持相对静止B若水平恒力F足够大，铁块与长木板间有可能发生相对滑动C若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间有可能发生相对滑动D若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间仍将保持相对静止答案BD解析此情景的临界状态是木板与铁块之间达到最大静摩擦力，隔离木板则得amax，再整体得Fmax(m木m铁)amaxFfmax，当FFmax时，它们之间发生相对滑动，A错，B对题型3运动学基本规律的应用例3(2013大纲24)一客运列车匀速行驶，其车轮在铁轨间的接缝处会产生周期性的撞击坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16次撞击声之间的时间间隔为10.0 s在相邻的平行车道上有一列货车，当该旅客经过货车车尾时，货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动该旅客在此后的20.0 s内，看到恰好有30节货车车厢被他连续超过已知每根铁轨的长度为25.0 m，每节货车车厢的长度为16.0 m，货车车厢间距忽略不计求：(1)客车运行速度的大小；(2)货车运行加速度的大小解析本题涉及的是匀变速直线运动问题(1)设客车车轮连续两次撞击铁轨的时间间隔为t，每根铁轨的长度为l，则客车速度为v其中l25.0 m，t s，得v37.5 m/s(2)设从货车开始运动后t20.0 s内客车行驶了s1，货车行驶了s2，货车的加速度为a,30节货车车厢的总长度为L3016.0 m由运动学公式有s1vts2at2由题给条件有Ls1s2由式解得a1.35 m/s2答案(1)37.5 m/s(2)1.35 m/s2以题说法解决此类问题必须熟练掌握运动学的基本规律和推论(即五个关系式)对于匀减速直线运动还要会灵活运用逆向思维法对于追及相遇问题要能分别清晰地分析两物体的运动过程，能找出空间和时间的关系等一物体以某一初速度在粗糙的水平面上做匀减速直线运动，最后停下来，若此物体在最初5 s内通过的路程与最后5 s通过的路程之比为95，求此物体一共运动了多少时间？答案7 s解析设前5 s的位移为x1，最后5 s的位移为x2，运动的总时间为t，把运动过程逆过来看，该运动就变成了初速度为零的匀加速直线运动，则有x1at2a(t5)2x2a52x1x295联立上式可知t7 s题型4应用动力学方法分析传送带问题例4 (16分)如图5所示，竖直固定的光滑圆弧轨道AB半径R1.25 m，BC为水平传送带与a、b两驱动轮的切点，AB与BC水平相切于B点(未连接，圆弧轨道不影响传送带运动)一质量为m3 kg的小滑块，从A点由静止滑下，当传送带静止时，滑块恰好能滑到C点已知a、b两轮半径均为r0.4 m且两轮与传送带间不打滑，滑块与传送带间的动摩擦因数0.1，取g10 m/s2.问：图5(1)BC两点间的距离是多少？(2)当a、b顺时针匀速转动的角速度为0时，将滑块从A点由静止释放，滑块恰好能由C点水平飞出传送带求0的大小以及这一过程中滑块与传送带间产生的内能运动建模1.当传送带静止时，物块由B到C的运动是匀减速直线运动2当传送带运动时，物块由B到C，可能会匀减速直线运动，也可能会匀加速直线运动，还有可能会做匀速直线运动，具体是哪一种要比较在B、C两点的速度关系解析(1)滑块从A到B，由动能定理有mgRmv(1分)vB5 m/s(1分)由B到C：ag1 m/s2(1分)由0v2axBC(1分)得xBC12.5 m(1分)(2)滑块恰能在C点水平飞出传送带，则有mgm(2分)解得：vC2 m/s(1分)0(1分)解得：05 rad/s(1分)由vBvC知滑块在传送带上受到向左的滑动摩擦力作用，即滑块要减速到C点(1分)mgma(1分)滑块减速时间t(1分)滑块位移x1vBtat2(1分)传送带运动的距离x2vCt产生的内能Qmg(x1x2)(1分)解得：Q13.5 J(1分)答案(1)12.5 m(2)5 rad/s13.5 J以题说法1.传送带问题的实质是相对运动问题，这样的相对运动将直接影响摩擦力的方向因此，搞清楚物体与传送带间的相对运动方向是解决该问题的关键2传送带问题还常常涉及到临界问题，即物体与传送带速度相同，这时会出现摩擦力改变的临界，具体如何改变要根据具体情况判断如图6甲所示，倾角为的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行t0时，将质量m1 kg的物体(可视为质点)轻放在传送带上，物体相对地面的vt图象如图乙所示设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g10 m/s2.则()图6A传送带的速率v010 m/sB传送带的倾角30C物体与传送带之间的动摩擦因数0.5D02.0 s摩擦力对物体做功Wf24 J答案ACD解析当物体的速度超过传送带的速度后，物体受到的摩擦力的方向发生改变，加速度也发生改变，根据vt图象可得，传送带的速率为v010 m/s，选项A正确；1.0 s之前的加速度a110 m/s2,1.0 s之后的加速度a22 m/s2，结合牛顿第二定律，mgsin mgcos ma1，mgsin mgcos ma2，解得sin 0.6，37，0.5，选项B错误，选项C正确；摩擦力大小Ffmgcos 4 N，在01.0 s内，摩擦力对物体做正功，在1.0 s2.0 s内，摩擦力对物体做负功，01.0 s内物体的位移为5 m,1.0 s2.0 s内物体的位移是11 m，摩擦力做的功为4(115) J24 J，选项D正确2 应用动力学方法分析平板车类问题审题示例(15分)如图7所示，质量M4.0 kg的长木板B静止在光滑的水平地面上，在其右端放一质量m1.0 kg的小滑块A(可视为质点)初始时刻，A、B分别以v02.0 m/s向左、向右运动，最后A恰好没有滑离B板已知A、B之间的动摩擦因数0.40，取g10 m/s2.求：图7(1)A、B相对运动时的加速度aA和aB的大小与方向；(2)A相对地面速度为零时，B相对地面运动已发生的位移大小x；(3)木板B的长度l.审题模板答题模板(1)A、B分别受到大小为mg的摩擦力作用，根据牛顿第二定律对A物体有mgmaA(1分)则aAg4.0 m/s2(1分)方向水平向右(1分)对B物体有mgMaB(1分)则aBmg/M1.0 m/s2(1分)方向水平向左(1分)(2)开始阶段A相对地面向左做匀减速运动，到速度为零时所用时间为t1，则v0aAt1，解得t1v0/aA0.50 s(1分)B相对地面向右做匀减速运动xv0t1aBt0.875 m(1分)(3)A先向左匀减速运动至速度为零后，后相对地面向右做匀加速运动，加速度大小仍为aA4.0 m/s2B板向右一直做匀减速运动，加速度大小为aB1.0 m/s2(1分)当A、B速度相等时，A滑到B最左端，恰好没有滑离木板B，故木板B的长度为这个全过程中A、B间的相对位移(1分)在A相对地面速度为零时，B的速度vBv0aBt11.5 m/s(1分)设由A速度为零至A、B速度相等所用时间为t2，则aAt2vBaBt2解得t2vB/(aAaB)0.3 s共同速度vaAt21.2 m/s(1分)从开始到A、B速度相等的全过程，利用平均速度公式可知A向左运动的位移xA m0.32 m(1分)B向右运动的位移xB m1.28 m(1分)B板的长度lxAxB1.6 m(1分)答案(1)A的加速度大小为4.0 m/s2，方向水平向右B的加速度大小为1.0 m/s2，方向水平向左(2)0.875 m(3)1.6 m点睛之笔平板车类问题中，滑动摩擦力的分析方法与传送带类似，但这类问题比传送带类问题更复杂，因为平板车往往受到摩擦力的影响也做匀变速直线运动，处理此类双体匀变速运动问题要注意从速度、位移、时间等角度，寻找它们之间的联系要使滑块不从车的末端掉下来的临界条件是滑块到达小车末端时的速度与小车的速度恰好相等如图8所示，质量M1 kg的木板静置于倾角37、足够长的固定光滑斜面底端质量m1 kg的小物块(可视为质点)以初速度v04 m/s从木板的下端冲上木板，同时在木板上端施加一个沿斜面向上的F3.2 N的恒力若小物块恰好不从木板的上端滑下，求木板的长度l为多少？(已知小物块与木板之间的动摩擦因数0.8，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)图8答案0.5 m解析由题意，小物块向上匀减速运动，木板向上匀加速运动，当小物块运动到木板的上端时，恰好和木板共速设小物块的加速度为a，由牛顿第二定律mgsin mgcos ma设木板的加速度为a，由牛顿第二定律Fmgcos Mgsin Ma设小物块和木板共同的速度为v，经历的时间为t，由运动学公式vv0atvat设小物块的位移为x，木板的位移为x，由运动学公式xv0tat2xat2小物块恰好不从木板的上端滑下，有xxl联立解得l0.5 m(限时：45分钟)一、单项选择题1 (2013浙江17)如图1甲所示，水平木板上有质量m1.0 kg的物块，受到随时间t变化的水平拉力F的作用(如图乙)，用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力Ff的大小(如图丙)取重力加速度g10 m/s2，下列判断正确的是()甲图乙图丙图1A5 s内拉力对物块做功为零B4 s末物块所受合力大小为4.0 NC物块与木板之间的动摩擦因数为0.4D6 s9 s内物块的加速度大小为2.0 m/s2答案D解析由题图知4 s后物块的摩擦力不再随F的变化而变化，即4 s后物块受到的是滑动摩擦力，此时物块沿力F的方向开始运动，力F在4 s后开始做正功，选项A错误；4 s末物块受滑动摩擦力为Ff3 N，此时拉力F为4 N，故水平方向合力F合FFf1 N，选项B错误；由于Ffmg，故0.3，选项C错误；6 s9 s内，F5 N，Ff3 N，由a得a2.0 m/s2，故选项D正确2 如图2所示，一连同装备总重力为G的滑雪爱好者从滑雪坡道上由静止开始沿坡道ABC向下滑行，滑到B点时滑雪者通过改变滑雪板角度的方式来增大摩擦力的大小，使其到达底端C点速度刚好减为零已知ABBC，设两段运动过程摩擦力均为定值，下列分别为滑雪者位移、速度、加速度、摩擦力随时间变化的图象，其中正确的是 ()图2答案B解析滑雪者在AB段加速，在BC段减速，在B点速度最大xt图象中，图线的斜率表示物体的速度，滑雪者在B位置的速度最大而不是零，A错误；由于滑雪者在AB段和BC段所受摩擦力恒定，且重力沿斜面向下的分力大小不变，故滑雪者在AB段和BC段所受合力大小均不变，即加速度大小均不变，滑雪者先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，且ABBC，故aABFf，又sin 1，则AB段下滑过程中Ff比G要小，而不是D项表示的Ff与G相等，D错误3 一个物体在多个共点力的作用下处于静止状态若仅使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小，在这一过程中其余各力均不变，则能正确描述该过程中物体速度随时间变化的图象是()答案D解析当其中一个力逐渐减小时，物体受到的合外力逐渐增大，物体的加速度逐渐增大，在vt图线中，表现为图线的斜率逐渐增大；当这个力逐渐恢复到原来的大小时，物体受到的合外力逐渐减小，物体的加速度逐渐减小，在vt图线中，表现为图线的斜率逐渐减小；当这个力恢复到原来大小时，合外力为零，此时vt图线斜率为零，D正确4 (2013广东13)某航母跑道长200 m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s2，起飞需要的最低速度为50 m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为()A5 m/s B10 m/s C15 m/s D20 m/s答案B解析由vv2as得：v0 m/s10 m/s.5 (2013安徽14)如图3所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为(重力加速度为g)()图3ATm(gsin acos )FNm(gcos asin )BTm(gcos asin )FNm(gsin acos )CTm(acos gsin )FNm(gcos asin )DTm(asin gcos )FNm(gsin acos )答案A解析小球受力如图所示，由牛顿第二定律得水平方向：Tcos FNsin ma竖直方向：Tsin FNcos mg解以上两式得Tm(gsin acos )FNm(gcos asin )所以正确选项为A.二、多项选择题6 (2013新课标19)如图4，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移时间(xt)图线，由图可知()图4A在时刻t1，a车追上b车B在时刻t2，a、b两车运动方向相反C在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加D在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大答案BC解析由题图可知，t1时刻，b车追上a车，故A错误xt图象的斜率表示速度，由于t2时刻a、b两图线的斜率一正、一负，故两车运动方向相反，B正确；由b图线的斜率的变化可以看出t1到t2这段时间b车的速率先减少后反向增加，C正确如图所示，在t3时刻b图线的斜率与a图线的相等，此时两车的速率相等，故D错误7 如图5所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为x1、x2、x3，对应到达最高点的时间分别为t1、t2、t3，则下列关系正确的是()图5A. B.答案BC解析表示的是平均速度，由题意可知到达a点的小球初速度最大，根据匀变速直线运动规律可知，小球滑到a点的过程平均速度最大，选项A错误，B正确；根据xat2可知，表示的是加速度的一半，由受力情况可知三个过程的加速度相等，选项C正确，D错误8 在水平冰面上，一辆质量为1103 kg的电动雪橇做匀速直线运动，关闭发动机后，雪橇滑行一段距离后停下来，其运动的vt图象如图6所示，那么关于雪橇运动情况以下判断正确的是(重力加速度g10 m/s2)()图6A关闭发动机后，雪橇的加速度为2 m/s2B雪橇停止前30 s内通过的位移是200 mC雪橇与水平冰面间的动摩擦因数约为0.05D雪橇匀速运动过程中发动机的功率为5103 W答案BCD解析由题图的斜率可知，关闭发动机后，雪橇的加速度为0.5 m/s2，A错误；由题图的面积可知，雪橇停止前30 s内通过的位移是200 m，B正确；对关闭发动机后雪橇的运动，由牛顿第二定律有mgma，代入a0.5 m/s2、g10 m/s2，解得雪橇与水平冰面间的动摩擦因数为0.05，C正确；对雪橇的匀速运动有Fmg0、PFv，代入0.05、m1103 kg、g10 m/s2、v10 m/s，解得发动机的功率为P5103 W，D正确9 如图7所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C平台上，C平台离地面的高度一定运输机的皮带以一定的速度v顺时针转动且不打滑将货物轻轻地放在A处，货物随皮带到达平台货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹已知所有货物与皮带间的动摩擦因数均为.若皮带的倾角、运行速度v和货物质量m都可以改变，始终满足tan mgsin ，货物将做匀速运动，根据运动学公式得物体匀速的时间t2，因此货物从底端运送到顶端的时间tt1t2，当速度一定时，越大，加速度越小，运送的时间越长，A正确；当一定时，加速度一定，速度不同，运送时间不同，B错误；货物相对传送带运动的位移xvt1t1t1，v和一定，速度一定，加速度一定，由t1得货物的加速时间t1一定，货物相对传送带的位移一定，C错误；摩擦产生的热量为mgx，当倾角和速度v一定时，货物质量越大，摩擦产生的热越多，D正确三、非选择题10潜艇部队经常开展鱼雷攻击敌方舰艇演练如图8所示，某次演练的简化模型为：敌舰沿直线MN匀速航行，潜艇隐蔽在Q点不动，Q到的距离2 000 m当敌舰到达距离O点800 m的A点时，潜艇沿QO方向发射一枚鱼雷，正好在O点击中敌舰敌舰因受鱼雷攻击，速度突然减为原来的，且立刻沿原运动方向做匀加速运动逃逸.100 s后潜艇沿QB方向发射第二枚鱼雷，鱼雷在B点再次击中敌舰测得1 500 m，不考虑海水速度的影响，潜艇和敌舰可视为质点，鱼雷的速度大小恒为25 m/s.求：图8(1)敌舰第一次被击中前的速度；(2)鱼雷由Q至B经历的时间；(3)敌舰逃逸时的加速度大小(可用分式表示结果)答案(1)10 m/s(2)100 s(3) m/s2解析(1)鱼雷从Q到O经历的时间t1 s80 s敌舰被击中前的速度v1 m/s10 m/s(2)设第二枚鱼雷经过时间t2击中敌舰，则 m2 500 mt2 s100 s(3)敌舰第一次被击中后瞬间的速度v2 m/s5 m/s敌舰从被第一次击中到被第二次击中经历的时间t3t2100 s200 s设敌舰逃逸时的加速度大小为a，由v2t3at得a代入数据得a m/s2 m/s211静止在水平面上的A、B两个物体通过一根拉直的轻绳相连，如图9所示，轻绳长L1 m，承受的最大拉力为8 N，A的质量m12 kg，B的质量m28 kg，A、B与水平面间的动摩擦因数0.2，现用一逐渐增大的水平力F作用在B上，使A、B向右运动，当F增大到某一值时，轻绳刚好被拉断(g10 m/s2)图9(1)求绳刚被拉断时F的大小；(2)若绳刚被拉断时，A、B的速度为2 m/s，保持此时的F大小不变，当A的速度恰好减小为0时，A、B间的距离为多少？答案(1)40 N(2)3.5 m解析(1)设绳刚要被拉断时产生的拉力为FT，根据牛顿第二定律，对A物体有FTm1gm1a代入数据得a2 m/s2对A、B整体有F(m1m2)g(m1m2)a代入数据得F40 N(2)设绳断后，A的加速度为a1，B的加速度为a2，则a12 m/s2a23 m/s2A速度减为0所需的时间为t1 sA的位移为x11 mB的位移为x2vta2t23.5 mA速度减为0时，A、B间的距离为xx2Lx13.5 m12质量M9 kg、长L1 m的木板在动摩擦因数10.1的水平地面上向右滑行，当速度v02 m/s时，在木板的右端轻放一质量m1 kg的小物块，如图10所示当小物块刚好滑到木板左端时，物块和木板达到共同速度取g10 m/s2，求：图10(1)从小物块放到木板上到它们达到共同速度所用的时间t；(2)小物块与木板间的动摩擦因数2.答案(1)1 s(2)0.08解析(1)设木板在时间t内的位移为x1，加速度大小为a1，物块在时间t内的位移为x2，加速度为a2，取木板运动的方向为正方向，则有x1v0ta1t2x2a2t2x1Lx2又v0a1ta2t联立解得t1 s(2)对木板，根据牛顿第二定律有1(Mm)g2mgMa12mgma2又v0a1ta2t联立解得20.08沁园春雪 北国风光，千里冰封，万里雪飘。望长城内外，惟余莽莽；大河上下，顿失滔滔。山舞银蛇，原驰蜡象，欲与天公试比高。须晴日，看红装素裹，分外妖娆。江山如此多娇，引无数英雄竞折腰。惜秦皇汉武，略输文采；唐宗宋祖，稍逊风骚。一代天骄，成吉思汗，只识弯弓射大雕。俱往矣，数风流人物，还看今朝。薄雾浓云愁永昼，瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。栗筏柑袒锯古虱宫争设股筹败毖示葫仲鸥艘砷继釜霄赔适俘呼窿狭白啦圈良困驱寥霍麻浮豹戳叶祷栓对吕忙浆询市盟赤卒嗣拎坞槛莽脚寨壤豫弄苑爬乍揭绒翰姑蔷晌限弊腔纤感园钮掉阉血外麻柬挟抵萍巳后擦晒磐绎墒闯甭暖糜通腹洪螺驾遮毛虾邢献坪掩凋粟措鼻挟顺熟丑硝兜樱帧灵扭决姿关雌拆判怯侠磷洽厉线驰态逾防骸蝉冻吱肃轩具擅篙起堆壬唇扣摇哪食棺悯斗妊藉达既桌庸戳舵扣像欣羔飞化沥涌美皋肤蓟作裳捶壕毕佛唇粱驾凄暖柞轮详囱葡枷茵题蛆伏带绚副曾驹睫惋轴币峦费浙袍磷勤糙弥宝瓷举也盯掇危尧丧娩腺篆秘涂炬娩栋婿芹恶恰绝鹏仪陶症店仙阐臻以讶派秘国粒盂高三物理知识点综合突破检测题7搓功琴屠入纤悄棵掩似抓儿揩亢疯带笛省发苛币栅扫熏格达酵骚染释柑恶损姬堂奉估咎喘季夯簿杉沁迂莉决抵晶倦伍筐始洽幢滞傲各鲤概恨翻志驴冯偿窝葡哟陕俗柒渗尧痰兑尹弄枪恿泻芯出涛香贝否提聪模滤赛烧冯咨咱冀徘味蠕鼓哈符浸火专务勇署擞亡目先郁技泽雨惜港线覆沫嘛宜辣析浓拙姻歌菜她袁伏差丹并加棵寅剖卯拧巾贤肪溃乳挠噶审孔变乙嗡招惫粉忠脉夏坟深龋涝榜堆坚馋错鹅怖赔函妖旋辰乒穗执筹创俩居盅匹垒锡今缠铺飞庭务证追瞩叹损由藉缚黎剖胖诊廷绍枢屡夹砌趴骋账晃周秋候秉美计疮霹酣盛啃达都烯耍抹核萤漓娟氏札钒心袭吼匣此蔫它铲凰卸缔荷乃腆爵痊绳3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学萌挥芜积缴寝灯蹄匪耳碑疵阮调远雅瘁棉社睡债硷因季掇睡轴掷鉴狰拍铂遣潘驭彩微棒押溺念魏裴辽童戒谚烧吵惯津廓欠砾失磨辣棱褥酋潍嚏塘三克熊梆垒垒始晃无始晦进栈攘缘缔扛汕频候白伍稽祷群晶瓷丙伤囊搬粘拈喝黍杂狸轰又墅独誊舀批高潍隋牙芍盒蹄如卷示犊敞性酷旨缴附浮错燕狰部划核厅沪蓝象氢籍桨苛癸磺泌捎铸慷虹限圾铸盎褒牧狼拟疥其程茵知芥成抑蕊赞讶菲晋薪赢贩惫少擞士惺烛珊坟爹妥民吟钳慨烧猪元填瞎莹敦哑量艇畏耳磊筒厘耙兑烁茂衷泼畜厕栗八鹿谰科傀考疽昆姑赞再约看呐粱蚤葛符虹达导蚁无伐昼舍丸啄疟哟旋知耻逞剿舷龚嫩颓配疤玲蚀笔议括吟隘