湖南省长沙市2016届高三物理上册第五次调考试卷.doc

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两点间的水平距离L=1.2m，小物块与水平面间的动摩擦因数=0.5，g取10 m/s2求：（1）小物块经过圆弧轨道上B点时速度vB的大小；（2）小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力大小；（3）弹簧的弹性势能的最大值Epm18两根平行金属导轨放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨之间的距离为L，仅在虚线MN下面的空间存在着磁感应强度随高度变化的磁场（同一水平线上各处磁感应强度相同），磁场方向垂直斜面向下，导轨上端跨接一阻值为R的定值电阻质量为m的金属棒的两端套在导轨上并可在导轨上无摩擦滑动，金属棒始终与导轨垂直，导轨和金属棒的电阻不计，现将金属棒从O处由静止释放，进入磁场后金属棒正好做匀减速运动，刚进入磁场时速度为v，到达P处时速度为0.5v，O处和P处到MN的距离相等，已知重力加速度为g求：（1）金属棒在磁场中所受安培力F的大小；（2）在金属棒从开始运动到P处的过程中，电阻R上共产生多少热量19水平放置的平行金属板MN之间存在竖直向上的匀强电场和垂直于纸面的交变磁场（如图a所示，垂直纸面向里为正），磁感应强度B0=50T，已知两板间距离d=0.3m，电场强度E=50V/m，M板中心上有一小孔P，在P正上方h=5cm处的O点，一带电油滴自由下落，穿过小孔后进入两板间，若油滴在t=0时刻进入两板间，最后恰好从N板边缘水平飞出已知油滴的质量 m=104 kg，电荷量q=+2105 C（不计空气阻力重力加速度取g=10m/s2，取=3）求：（1）油滴在P点的速度；（2）N板的长度；（3）交变磁场的变化周期2015-2016学年湖南省长沙市望城一中高三（上）第五次调考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共14小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第110题只有一项符合题目要求，第1114题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1下列有关物理学史或物理理论的说法中，不正确的是（）A牛顿第一定律涉及了两个重要的物理概念：力和惯性B“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，用的是归纳法C电场和磁场是一种客观存在的物质，是相互联系的，统称为电磁场，它具有能量和动量，以有限速度光速在空间中传播D伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态牛顿第一定律又称惯性定律电场和磁场都是一种客观存在的物质，是相互联系的，统称为电磁场伽利略的观点是：力是改变物体运动状态的原因，物体下落的快慢与物体的轻重没有关系【解答】解：A、牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，牛顿第一定律揭示了力和运动的关系：力是改变物体运动状态的原因，阐明了惯性的概念：物体具有的保持原来运动状态的性质，所以牛顿第一定律又称惯性定律故A正确B、“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”采用的是假设法，故B错误C、根据麦克斯韦电磁场理论得知电场和磁场是一种客观存在的物质，是相互联系的，统称为电磁场它们都具有能量和动量，在真空中传播速度等于光速，故C正确D、伽利略通过实验和合理的推理提出物体下落的快慢与物体的轻重没有关系，即质量并不影响落体运动快慢故D正确本题选不正确的，故选：B【点评】本题关键要理解并记住牛顿第一定律、麦克斯韦电磁场理论和伽利略对自由落体运动的研究成果，即正确理解科学家的观点以及其实验，即可轻松解答2如图所示，一只小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中（）A树枝对小鸟的合作用力先减小后增大B树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C树枝对小鸟的弹力先减小后增大D树枝对小鸟的弹力保持不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；* 固体的微观结构【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】小鸟缓慢爬行，合力为零，受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡得出摩擦力的变化和弹力的变化【解答】解：A、树枝对小鸟的作用力与小鸟的重力等值反向，所以树枝对小鸟的作用力大小不变，故A错误B、小鸟所受的摩擦力f=mgsin，从A到B的过程中，先减小后增大，则摩擦力先减小后增大，故B正确C、小鸟所受的弹力N=mgcos，从A到B的过程中，先减小后增大，则弹力先增大后减小，故C、D错误故选：B【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意小鸟所受的摩擦力为静摩擦力3如图所示，质量为m的物块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间摩擦系数为1，物块与木板间摩擦系数为2，已知木板处于静止状态，那么木板所受地面摩擦力的大小是（）A1MgB1（m+M）gC2mgD1Mg+2mg【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力【专题】摩擦力专题【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=2N=2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=2mg故选：C【点评】本题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比4如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板丽方向认两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子入磁场和射出磁场的M，N两点间的距离d随着U1和U2的，变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）（）Ad随U1变化，d与U2无关Bd与U1无关，d随U2变化Cd随U1变化，d随U2变化Dd与U1无关，d与U2无关【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】不加磁场时粒子做匀速直线运动；加入磁场后，带电粒子在磁场中做圆周运动，已知偏向角则由几何关系可确定圆弧所对应的圆心角，则可求得圆的半径，由洛仑兹力充当向心力可求得带电粒子的比荷【解答】解：带电粒子在电场中做类平抛运动，可将射出电场的粒子速度v分解成初速度方向与加速度方向，设出射速度与水平夹角为，则有： =cos而在磁场中做匀速圆周运动，设运动轨迹对应的半径为R，由几何关系可得，半径与直线MN夹角正好等于，则有： =cos所以d=，又因为半径公式R=，则有d=故d随U1变化，d与U2无关，故A正确，BCD错误；故选：A【点评】带电粒子在磁场中的运动类题目关键在于确定圆心和半径，然后由向心力公式即可确定半径公式，由几何关系即可求解5在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积S、电流为I的电子束已知电子的电量为e，质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为l的电子束内的电子数是（）ABCD【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电流、电压概念【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】根据动能定理求出电子刚出加速电场时的速度v在一小段长为l内电子可以看成做匀速运动，由求出电子运动的时间，根据电流求出长为l电子束的电量，再求解电子数【解答】解：根据动能定理得 eU=得到，v= 在刚射出加速电场时，一小段长为l的电子束内电子电量为q=It=I 电子数n= 联立得，n=故选B【点评】本题关键是建立物理模型，对电子束运动情况进行简化中等难度6如图所示，平行金属板中带电质点P原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电源内阻r相等当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则（）AR3上消耗的功率逐渐增大B电流表读数减小，电压表读数增大C电源的输出功率逐渐增大D质点P将向上运动【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，由欧姆定律确定电容器两极板间电压的变化，分析质点P如何运动根据干路电流和通过R3的电流变化，确定通过电流表的电流变化根据R3和R2的电压变化，判断电压表示数的变化根据电源的内电阻与外电阻的关系，分析电源的输出功率如何变化【解答】解：当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大电容器板间电压等于R3的电压R4减小，AB间并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率逐渐减小，电容器板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动流过电流表的电流IA=II3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读数增大R4的电压U4=U3U2，U3减小，U2增大，则U4减小，所以电压表读数减小由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大故ABD错误，C正确故选：C【点评】本题是电路动态变化分析问题，先分析变阻器接入电路的电阻变化，再分析外总电阻变化和总电流的变化，接着分析局部电路电压和电流的变化7如图所示，离地面高h处有甲、乙两个物体，甲以初速度v0水平射出，同时乙以初速度v0沿倾角为45的光滑斜面滑下若甲、乙同时到达地面，则v0的大小是（）ABCD【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据题意可知：甲做平抛运动，水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，运动的时间可以通过竖直方向上自由落体运动的公式求解，乙做匀加速直线运动，运动的时间与甲相等，由几何关系及位移时间公式即可求解【解答】解：甲做平抛运动，水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，根据h=得：t= 根据几何关系可知：x乙= 乙做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：a= 根据位移时间公式可知： 由式得：v0=所以A正确故选A【点评】该题考查了平抛运动及匀变速直线运动的基本公式的直接应用，抓住时间相等去求解，难度不大，属于中档题8如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电量为q的油滴处于静止状态，以下说法正确的是（）A若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有ab的电流C若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有ba的电流D若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有ba的电流【考点】电容器的动态分析【专题】定性思想；推理法；电容器专题【分析】本题中油滴原来静止，所受的电场力和重力二力平衡断开电建，判断电容器的带电量的变化及电场的变化情况，即可得知电流及油滴的运动情况；将A向上或向下平移一小段位移时，板间电压不变，分析电容的变化，判断电量的变化，确定电容器是充电还是放电，再研究电流方向根据场强的变化，分析电场力的变化，判断油滴的运动情况【解答】解：A、将S断开，电容器带电量不发生变化，G表中无电流，电场强度不变，油滴受力不变，仍处于静止，选项A错误B、若将A向左平移一小段位移，正对面积减小，电容器的电容减小，电容器放电，G表中有ba的电流，两极板间的电压和距离不变，电场强度不变，油滴仍然静止，选项B错误C、若将A向上平移一小段位移，两极板距离增大，电容减小，电容器放电，G表中有ba的电流；两极板间的电压不变，距离增大，电场强度减小，则油滴向下加速运动，选项C正确D、若将A向下平移一小段位移，两极板距离减小，电容增大，电容器充电，G表中有ab的电流；两极板间的电压不变，距离减小，电场强度增大，则油滴向上加速运动，选项D错误故选：C【点评】本题是电容器动态变化分析问题含有电容器的电路，只有在电容器充电或放电的过程有电流；分析电容器充放电要根据分析电容和电压的变化来确定同时注意电场的变化的分析和判断9如图所示，质量为m的物体以速度v1滑上水平传送带，传送带由电动机带动，始终保持以速度V2匀速运动，v1大于v2，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从开始滑上到相对传送带静止这一过程，下列说法不正确的（）A电动机少做的功为m（v12v22）B运动时间为C摩擦力对传送带做功为mv2（v1v2）D摩擦产生的热量为m【考点】功能关系；摩擦力的判断与计算【专题】定性思想；方程法；功能关系 能量守恒定律【分析】物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机多做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能【解答】解：A、达到相同速度前加速度为mg=maa=g所需时间为t=发生的相对位移为x=故摩擦力做功为W=fx=，故A错误，B正确；C、在时间t内传送带前进位移为x，摩擦力做功为W=fx=mv2（v1v2），故C正确；D、摩擦力产生的热量等于电动机少做的功即为Q=，故D正确；本题选择不正确的，故选：A【点评】当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，相同的内能也要增加，这是解本题的关键地方10美国大众科学月刊网站2011年6月22日报道，美国明尼苏达大学的研究人员发现，一种具有独特属性的新型合金能够将热能直接转化为电能具体而言，只要略微提高温度，这种合金会从非磁性合金变成强磁性合金，从而在环绕它的线圈中产生电流，其简化模型如图M为圆柱形合金材料，N为线圈，套在圆柱形合金材料上，线圈的半径大于合金材料的半径现对M进行加热，则（）AN中将产生逆时针方向的电流BN中将产生顺时针方向的电流CN线圈有收缩的趋势DN线圈有扩张的趋势【考点】楞次定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】当导致线圈的磁通量变化，从而产生感应电流，感应磁场去阻碍线圈的磁通量的变化【解答】解：A、B、提高温度，这种合金会从非磁性合金变成强磁性合金，穿过线圈的磁通量增大，从而在环绕它的线圈中产生电流由于原磁场的方向未知，所以不能判断出感应电流的方向故AB错误；C、D、M外侧的磁场的方向与M中的磁场的方向相反，N的面积越大，则穿过线圈N的磁通量小当M与N中磁通量增大时，则线圈产生的感应电流方向的阻碍磁通量的增大，面积有最大的趋势故C错误，D正确故选：D【点评】可从阻碍磁通量变化的角度去分析：增反减同，当磁通量增大时，则线圈产生的感应电流方向的阻碍磁通量的增大11如图所示，电阻R1=20，电动机的绕组R2=10当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（）AI=1.5ABI1.5ACP=15WDP15W【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】当电键S断开时，由欧姆定律求出电阻R1的电压U当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电路是非纯电阻电路，由I2求出其电流的范围，即得到电流表电流的范围由P=UI求解电路中功率范围【解答】解：当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=10V当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流I2，故电流表的电流I1.5A，电路中电功率P=UI15W故BD正确故选BD【点评】本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，I2是关键不等式12公路急转弯处通常是交通事故多发地带如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势则在该弯道处（）A路面外侧高内侧低B车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C车速虽然高于vc，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D当路面结冰时，与未结冰时相比，vc的值变小【考点】向心力【专题】压轴题；牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】汽车拐弯处将路面建成外高内低，汽车拐弯靠重力、支持力、摩擦力的合力提供向心力速率为vc时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零根据牛顿第二定律进行分析【解答】解：A、路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力故A正确B、车速低于vc，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不会向内侧滑动故B错误C、当速度为vc时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于vc时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑故C正确D、当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则vc的值不变故D错误故选AC【点评】解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解13太阳系的行星都在绕太阳运转，我们把行星的运动简化为圆周运动如图，从水星凌日即水星和地球太阳在一条直线上开始计时，经过相同的时间，测量出水星和地球绕太阳运动的角度分别为1和2（均小于90度）则由此可求得水星和地球（）A到太阳的距离之比B绕太阳运动的周期之比C绕太阳的动能之比D受到的太阳引力之比【考点】万有引力定律及其应用【专题】定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题【分析】相同时间内水星转过的角度为1；地球转过的角度为2，可知道它们的角速度之比，绕同一中心天体做圆周运动，根据万有引力提供向心力，可求出轨道半径比，以及向心加速度比【解答】解：A、相同时间内水星转过的角度为1；地球转过的角度为2，可知道它们的角速度之比，根据万有引力提供向心力：Gmr2，r=，知道了角速度比，就可求出轨道半径之比故A正确B、相同时间内水星转过的角度为1；地球转过的角度为2，可知它们的角速度之比为1：2周期T=，则周期比为2：1故B正确；C、水星和地球作为环绕体，无法求出质量之比，所以不能求出它们的动能之间的关系故C错误D、根据a=r2，轨道半径之比、角速度之比都知道，很容易求出向心加速度之比，但由于无法求出质量之比，所以不能求出它们受到的万有引力之间的关系故D错误故选：AB【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力：G =mr2以及知道要求某一天体的质量，要把该天体放在中心天体位置，放在环绕天体位置，被约去，求不出来14如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电（不考虑小球间的静电感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E，以下说法正确的是（）A静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg+qEB静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mgqEC剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qED剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE【考点】库仑定律【专题】电场力与电势的性质专题【分析】静止时，对B球进行受力分析，B受到AB间细线的拉力，BC间细线的拉力，重力和电场力，受力平衡，即可求得A、B球间细线的拉力；假设B球也不带电，则剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g自由下落，互相相对静止，AB、BC间拉力为0若B球带电，则相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，把AB看成一个整体即可求解【解答】解：静止时，对B球进行受力分析，则有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq，故A正确，B错误；B球带负电，相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，经过AB绳传递，qE对A、B球整体产生一个竖直下下的加速度，此时A、B球的加速度为g+（显然g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为qE故C正确，D错误故选：AC【点评】本题主要是剪断OA线瞬间，对A、B、C三个球的运动状态的确定及受力分析，知道绳子一旦剪断之后，绳子的拉力立即为零，难度适中二、实验探究题（本题共2小题，共16分）15为了测量木块与木板间动摩擦因数，某小组使用位移传感器设计了如图1所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移s随时间t变化规律，如图2所示根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=0.4m/s，木块加速度a=1m/s2；为了测定动摩擦因数，还需要测量的量是斜面的倾角（或A点的高度）；（已知当地的重力加速度g）为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是AAA点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【专题】实验题；摩擦力专题【分析】（1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；（2）为了测定动摩擦力因数还需要测量的量是木板的倾角；（3）为了提高木块与木板间摩擦力因数的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角【解答】解：根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度为：v= m/s=0.4m/s，0.2s末的速度为：v=0.2m/s，则木块的加速度为：a=1m/s2选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinmgcos得：=所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角（或A点的高度）根据（2）的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以：可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从A点释放的时刻故A正确，BCD错误故选：A故答案为：0.4，1；斜面倾角（或A点的高度）；A【点评】解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量16在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：Rx（阻值约4，额定电流约0.5A）；电压表：V（量程3V，内阻约3k）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2）；电流表：A2（量程3A，内阻约0.05）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）；E2（电动势12V，内阻不计）；滑动变阻器：R（最大阻值约20）；螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为1.770mm若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选A1、电源应选E1（均填器材代号），在图2虚线框内完成电路原理图【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题【分析】（1）螺旋测微器精确度为0.01mm，需要估读，读数时注意半毫米刻度线是否露出（2）合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式