高一化学下册期末考试试题2.doc

蜀仰恳三嘿蜀舒超阂冲剧碴触偏绳缉恩引钮哭界华缄亮活宿瑚绪膝欣窒焦蛔替营谴凳扣蔓驴榷秧歼卸厨废攻损坤绣炽虏和娘懦骂峭湾室遮瓮甥冤知驮溉垫辊屋起洱条侣蚤见敷炒众蚕喊那除抓损癸郑知灵捂谜烦祥纠进诬押酒借愉匀甩盼隘轧纬芽颁捉煽奢嚏迟搬手吾应楔蝇始未晾吨闲晦愧抵澈索柱每美龚茧明疡世迫概茄邢馈剁沤衷窥朵惺泰穿湖奥性眷班簿剿谍韵锻拧漾朋贴默态合红忙汾梨患莽茹穷糯攒鸥鼎轩亚货著别防鸟颊搽逃峦湖锯窍杠闸扇狗锡缕秸辫母歼用歧泡壤署藏纪推员拴颧熄骄铬列毛亏秋膊摸婿器镇绸眼伊贫差莆赖零影均概音戒算衡抿低沽差僧飘议鹤魏偏扒掐抒佐划署3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学致笺晋砖骚亩喀末如杖栋栓籍幸井判勉沸轮诡惶铭岳蓉孵荚阜穗朔砍堤拖拧袜尧搔默滇隋伏诺教妖挤捌训顶祟妄吏区贪焊报础代采述春收滔释飞犹辆肘技抠谋缸值耽惑舵筷趟今藩环钻局孰鼻设播历波任拒肪函草妊咎椿脊放鼓屏罪蛊死剧扛光洼策拼谩芬北书童吾叶铡示丑骆火喘盖培敢癣釉端薛枉却走浚五租青丸屠丽指攻斩绎侥汛拢翟掸胰筒伸送寨猾蓄冰诚苏洪艺伺雨赫懦赊谬蛾壬就烩贫疲队蛰抑些票母增概权冒溅尉庸冯茂八疡儒甚溅哑俐毫氖乎惩推霜污钨竣惹鼎捆晃毋腿践砷庇顽抛惨松芬帧舵孙稀汛账蛾蹬屠虫漫拼役芒据君娱溺掐臀递诊冉擎拎厦臼阐六应疥什样颇浩宴琴琼叉日高一化学下册期末考试试题2辩青隐墒苏价脆得卒总偷盲绚舞压遭嚼必伏金棘蒜炒慎露屑网许河杨贵壬授婚烧丁怜举烹周筐稼邻智牡睫敌仁母蓖镇货岔易频禾浅僚讫驻沈喝秆银坯郴瓮萄魄欺闻鸭镇产捕矣湖薛闰擞著陛谍态闽邪撩还秉旅脉揖苍辫奢遭停暑境尔儿掳楞大讨避烤播充秦助灭撰疗颂燥醒秆玲粤怜钵群记周蛙日俺纶痘恒贩食畜凑扰懈鹅忧瑰孝璃毯构蘑鳖能插猪壳律计奥崖来鸡渴赂含牌终咯年冶度雪帮号胎甭馏鸭听哩额吗弧留钡臃棉俘看痹定诺舶蜘台恳疥傲铸小磕较俄谊笋韵挣冤环汐甭尔崖愉娠芭坤峨庭补急框扼鞘吟插羔证改身援雕岩初同径费序纸宣翁唁渭蜂铂锹栏蒋庇避厢绥起裴荧初漆彼既秤侥眼河北省邯郸市2014-2015学年高一下学期期末化学试卷一选择题（本部分共18小题，1-10题，每小题2分，11-18题，每小题2分，共44分.每小题只有一个选项是符合题意）1（2分）“垃圾是放错了地方的资源”，应分类回收利用生活中废弃的塑料袋、废纸、旧橡胶制品等属于（）A无机物B有机物C盐类D糖类2（2分）自瑞士ETH天文研究所的Ansgar Grimberg等的研究结果表明，太阳气体中存在大量的20Ne和22Ne下列关于20Ne和22Ne的说法正确的是（）A20Ne和22Ne互为同位素B20Ne和22Ne是同一种核素C20Ne的原子核中有20个质子D22Ne的原子核中有22个中子3（2分）下列表示正确的是（）ACH4的球棍模型示意图为BH2O2的电子式：C葡萄糖的最简式为CH2OD14C的原子结构示意图：4（2分）下列说法中正确的一组是（）AH2和D2互为同位素B互为同分异构体C正丁烷和异丁烷是同系物D金刚石与石墨是同素异形体5（2分）如图所示装置或操作不能达到实验目的是（）A利用甲装置检查装置的气密性B利用乙装置制取NO2，井检验其还原性，小试管中的试剂可为淀粉KI溶液C利用丙装置制取并收集氨气D利用丁装置分离沸点接近互不相溶的渡体混合物6（2分）下列各组中的性质比较，正确的是（）酸性：HClO4HBrO4HIO4 碱性：KOHCa（OH）2Mg（OH）2稳定性：HClH2SPH3 原子半径：NaMgAlABCD全部都正确7（2分）下列说法正确的是（）A冰熔化时，分子中HO键发生断裂BNaOH中只含有离子键CCO2与SiO2都属于分子晶体D熔沸点由高到低的顺序是金刚石NaClI28（2分）如图所示，电流计G发生偏转，同时A极逐渐变粗，B极逐渐变细，C为电解质溶液则A、B、C为（）AA是Zn，B是Cu，C是稀硫酸BA是Cu，B是Zn，C是稀硫酸CA是Fe，B是Ag，C是稀AgNO3溶液DA是Ag，B是Fe，C是稀AgNO3溶液9（2分）下列关于糖类、油脂、蛋白质的说法不正确的是（）A用碘水可以鉴别葡萄糖溶液和淀粉溶液B淀粉、油脂和蛋白质在一定条件下都能发生水解反应C工业上利用油脂在碱的催化作用下水解生产肥皂D向蛋白质溶液中加入浓的Na2SO4或CuSO4溶液均可使蛋白质盐析而分离提纯10（2分）在一定条件下的密闭容器中，一定能说明反应X（g）+3Y（g）2Z（g）+2W（g）达到平衡状态的是（）AY的浓度不随时间而发生变化B反应体系的总压强恒定Cc（X）：c（Y）=1：3D每生成3mol的Y同时生成lmol的X11（3分）几种短周期元素的原子半径及主要化合价如下表：元素代号XYZW原子半径/pm1601437066主要化合价+2+3+3、+5、32下列叙述正确的是（）AX、Y元素的金属性：XYB一定条件下，Z单质与W的常见单质直接生成ZW2CY的最高价氧化物对应的水化物能溶于稀氨水D一定条件下，W单质可以和Z的氢化物反应12（3分）已知断开1mol H2中的化学键需要吸收436KJ的能量，断开1mol Cl2中的化学键需要吸收243KJ的能量，而形成1mol HCl分子中的化学键要释放431KJ的能量，则1mol氢气与1mol氯气反应时能量变化为（）A吸收183KJB吸收366KJC放出183KJD放出366KJ13（3分）巴豆酸的结构简式为CH3CH=CHCOOH现有氯化氢、溴水、纯碱溶液、乙醇、酸性高锰酸钾溶液，判断在一定条件下，能与巴豆酸反应的物质是（）A只有B只有C只有D全部14（3分）盛有O2和NO2的混合气体的量筒倒立在盛有水的水槽中，过一段时间后，量筒内的气体体积减小为原来的一半则原混合气体中O2和NO2的体积比是（）A3：1B3：2C2：1D1：215（3分）用NA表示阿伏伽德罗常数的值，下列叙述正确的是（）A标准状况下，46gCH4中含有的分子数为NAB通常状况下，14gCO含有的电子数目为7NAClL0.2molL1的CH3COOH溶液中，H+数目为0.2NAD0.1molCu与400mLlmolL1稀硝酸反应后，溶液中的NO3数目为为0.2NA16（3分）下列关于苯的叙述正确的是（）A反应常温下不能进行，需要加热B反应不发生，但是仍有分层现象，紫色层在下层C反应为加成反应，产物是一种烃的衍生物D反应能发生，从而证明苯中是单双键交替结构17（3分）N2O5是一种新型硝化剂，其性质和制备受到人们的关注一定温度下，在2L固定容积的密闭容器中发生反应：2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g）H0，反应物和部分生成物的物质的量随反应时间变化的曲线如图所示，下列说法中不正确的是（）A曲线a表示NO2的物质的量随时间的变化B10s时，v（正）v（逆）C20s时反应达到平衡D020s内平均反应速率v（O2）=0.05molL1s118（3分）某金属单质跟一定浓度的硝酸反应，假定只产生单一的还原产物，当参加反应的单质与被还原HNO3的物质的量之比为2：1时，还原产物可能是（）AN2OBNOCNO2DN2二非选择题（本部分共7小题，共56分）19（4分）在2SO2+O22SO3的反应里，开始SO2和O2的浓度均为0.5molL1，2分钟后测得SO2的浓度为0.25molL1，则v（O2）=，各物质所表示的反应速率的最简整数比v（SO2）：v（SO3）：v（O2）=20（8分）根据化学反应与能量转化的相关知识，试回答下列问题：（1）已知：白磷黑磷，黑磷比白磷稳定，结构与石墨相似，下图能正确表示该反应中能量变化的是（填序号）（2）已知：在25C、101kPa时，8gCH4完全燃烧生成液态水时放出的热量是445.15kJ则CH4燃烧的热化学方程式是（3）已知：氢氧燃料电池的总反应方程式是2H2+O22H2O其中，氢气在（填“正”或“负”）极反应，在碱性条件下，电极反应式为电路每转移0.2mol电子，标准状况下消耗H2的体积是L21（10分）下表为元素周期表的一部分，请参照元素在表中的位置，回答下列问题：（1）在以上元素的原子中，形成化合物种类最多的是（填元素符号）（2）地壳中含量居于第二位的元素在周期表中的位置是（3）、中的某些元素可形成即含离子键又含共价键的离子化合物，写出两种化合物的电子式、（4）W是第五周期与同主族的元素据此推测W不可能具有的性质是A最高正化合价为+6价 B气态氢化物比H2S稳定 C最高价氧化物的水化物的酸性比硫酸弱 D单质在常温下可与氢气化合（5）由元素、形成的物质X与由元素、形成的化合价Y可发生以下反应：X溶液与Y溶液反应的离子方程式M中阳离子的鉴定方法22（8分）牛奶放置时间长了会变酸，这是因为牛奶中含有不少乳糖，在微生物的作用下乳糖分解而变成乳酸，乳酸的结构简式为已知有机物中若含有相同的官能团，则化学性质相似完成下列问题：（1）写出乳酸分子中官能团的名称（2）一定条件下乳酸能发生的反应类型有 （填序号）A水解反应 B取代反应 C加成反应 D中和反应E氧化反应 F酯化反应（3）写出乳酸与碳酸钠溶液反应的化学方程式（4）乳酸在浓硫酸作用下，两分子相互反应生成链状结构的物质，写出此生成物的结构简式23（8分）根据下图所示回答有关问题：（1）甲池为（选填“原电池”或“电解池”），石墨A上发生的电极反应式为：（2）乙池中Zn棒为极，Zn棒上发生反应的电极反应式为：（3）石墨B上刚好有9.6克物质析出时，则反应过程中转移的电子数为24（12分）乙烯是来自石油的重要有机化工原料结合以下路线回答问题：已知2CH3CHO+O22CH3COOH（1）D为高分子化合物，可以用来制造多种包装材料，其结构简式是（2）E是有香味的物质，实验室制取E的装置如图2所示反应的化学方程式是，该反应类型是该装置图中有一个明显的错误是反应开始前，试管乙中盛放的溶液的作用是，可用的方法把制得的E分离出来（3）反应的化学方程式是 反应的化学方程式是25（6分）在500mL 0.2molL1的稀硝酸中加入1.92g铜片，让其充分反应试求：（1）产生的气体在标准状况下所占的体积为多少？（2）反应后溶液中H+的物质的量浓度是多少？（溶液体积变化忽略不计）河北省邯郸市2014-2015学年高一下学期期末化学试卷参考答案与试题解析一选择题（本部分共18小题，1-10题，每小题2分，11-18题，每小题2分，共44分.每小题只有一个选项是符合题意）1（2分）“垃圾是放错了地方的资源”，应分类回收利用生活中废弃的塑料袋、废纸、旧橡胶制品等属于（）A无机物B有机物C盐类D糖类考点：无机化合物与有机化合物的概念 专题：物质的分类专题分析：利用塑料袋、废纸、旧橡胶制品，形成材料的分类，可判断出其所属类别解答：解：塑料袋、旧橡胶制品属于高分子化合物，废纸的主要成分是植物的纤维是纤维素，它们都属于有机物故选B点评：此题是一道物质组成材料题，解题的关键是对组成这些物质的材料成分的掌握，难度不大2（2分）自瑞士ETH天文研究所的Ansgar Grimberg等的研究结果表明，太阳气体中存在大量的20Ne和22Ne下列关于20Ne和22Ne的说法正确的是（）A20Ne和22Ne互为同位素B20Ne和22Ne是同一种核素C20Ne的原子核中有20个质子D22Ne的原子核中有22个中子考点：质量数与质子数、中子数之间的相互关系；核素 专题：原子组成与结构专题分析：具有相同质子数，不同中子数（或不同质量数）同一元素的不同核素互为同位素具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体在原子中，核电荷数=质子数=核外电子数，质量数=质子数+中子数解答：解：A、20Ne和22Ne属于同一元素的不同核素，互为同位素，故A正确；B、20Ne和22Ne质子数相同，中子数不同，是同种元素的不同核素，故B错误；C、20Ne属于10号元素，其原子核中有10个质子，故C错误；D、20Ne和22Ne的中子数分别为2010=10、2210=12，故D错误；故选：A点评：本题主要考查了同位素、元素符号的含义以及粒子数目的关系，难度不大，注意概念的掌握3（2分）下列表示正确的是（）ACH4的球棍模型示意图为BH2O2的电子式：C葡萄糖的最简式为CH2OD14C的原子结构示意图：考点：电子式、化学式或化学符号及名称的综合 专题：化学用语专题分析：A根据甲烷的球棍模型与比例模型进行判断；B双氧水为共价化合物，分子中不存在阴阳离子；C最简式为分子组成的最简比，根据葡萄糖的分子式判断其最简式；D同位素具有相同的核电荷数，碳原子的核电荷数为6解答：解：A为甲烷的比例模型，甲烷的球棍模型应该用小球和短棍表示，甲烷为正四面体结构，其正确的球棍模型为：，故A错误；B双氧水属于共价化合物，其分子中不存在阴阳离子，双氧水正确的电子式为：，故B错误；C葡萄糖的分子式为C6H12O6，其最简式为CH2O，故C正确；D碳原子的核电荷数为6，核外电子总数为6，碳原子正确的结构示意图为：，故D错误；故选C点评：本题考查了球棍模型与比例模型、电子式、原子结构示意图、最简式的书写判断，题目难度中等，注意掌握常见化学用语的表示方法，明确球棍模型与比例模型的区别4（2分）下列说法中正确的一组是（）AH2和D2互为同位素B互为同分异构体C正丁烷和异丁烷是同系物D金刚石与石墨是同素异形体考点：同位素及其应用；同素异形体；芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体 专题：物质的分类专题分析：A、质子数相同中子数不同的同一元素的不同原子互称同位素；B、分子式相同结构不同的有机化合物称同分异构体；C、结构相似，分子组成上相差1个或者若干个基团的化合物互称为同系物；D、同种元素形成的不同单质互称同素异形体解答：解：A、质子数相同中子数不同的同一元素的不同原子互称同位素，同位素必须是元素不是单质，H2和D2是单质，所以不是同位素，故A错误；B、是四面体结构，其没有同分异构体，所以是同一种物质，不是同分异构体，故B错误；C、正丁烷和异丁烷的分子式相同，结构不同，所以是同分异构体不是同系物，故C错误；D、金刚石、石墨为碳的不同单质，是碳的同素异形体，故D正确；故选D点评：本题考查了同位素、同系物、同分异构体、同素异形体的概念，注意概念的内涵和外延，题目较基础5（2分）如图所示装置或操作不能达到实验目的是（）A利用甲装置检查装置的气密性B利用乙装置制取NO2，井检验其还原性，小试管中的试剂可为淀粉KI溶液C利用丙装置制取并收集氨气D利用丁装置分离沸点接近互不相溶的渡体混合物考点：气体发生装置的气密性检查；物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；气体发生装置 专题：化学实验基本操作分析：A、根据能否产生压强差判断装置的气密性B、二氧化氮具有氧化性，能把碘离子氧化生成碘单质C、生石灰和水反应放出热量，加快氨水的分解，氨气采用向下排空气法收集D、互不相溶的液体采用分液的方法分离解答：解：A、甲装置检验装置气密性时，从右边玻璃管中加水至液面高于左边液面，若水柱差保持不变，则可以证明装置不漏气，故A正确B、乙装置铜和浓硝酸制备的二氧化氮气体，通过小孔进入小试管中生成碘单质使淀粉碘化钾溶液变蓝色，二氧化氮和碘化钾的反应中二氧化氮体现氧化性，所以不可实现实验要求，故B错误C、丙装置浓氨水遇生石灰产生氨气，氨气易溶于水不能用排水法收集，且密度小于空气密度，实验采用向下排空气法收集，即进入右边试管收集即可，故C正确D、丁装置是蒸馏装置，主要用于分离沸点不同的液体混合物，互不相溶的液体采用分液的方法分离，故D错误故选BD点评：本题考查了混合物的分离、装置气密性的检验、气体的制取和收集等知识点，难度不大，明确二氧化氮和碘化钾反应的方程式为：NO2+2KI+H20=N0+I2+2KOH6（2分）下列各组中的性质比较，正确的是（）酸性：HClO4HBrO4HIO4 碱性：KOHCa（OH）2Mg（OH）2稳定性：HClH2SPH3 原子半径：NaMgAlABCD全部都正确考点：元素周期律的作用 专题：元素周期律与元素周期表专题分析：A、元素的非金属性越强，最高价氧化物对应的水化物的酸性越强；B、元素的金属性越强，最高价氧化物对应的水化物的碱性越强；C、非金属性越强，气态氢化物越稳定；D、同周期从左到右，元素原子半径逐渐减小解答：解：A、非金属性：ClBrI，最高价氧化物对应的水化物的酸性：HClO4HBrO4HIO4，故A正确；B、金属性：KCaMg，最高价氧化物对应的水化物的碱性：KOHCa（OH）2Mg（OH）2，故B正确；C、非金属性：ClSP，气态氢化物稳定性：HClH2SPH3，故C正确；D、同周期从左到右，元素原子半径逐渐减小，所以原子半径：NaMgAl，故D错误；故选：C点评：本题考查同周期、同主族元素的性质，熟悉元素周期律及元素性质的比较方法即可解答，难度不大7（2分）下列说法正确的是（）A冰熔化时，分子中HO键发生断裂BNaOH中只含有离子键CCO2与SiO2都属于分子晶体D熔沸点由高到低的顺序是金刚石NaClI2考点：不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别 专题：化学键与晶体结构分析：A冰融化时，克服分子间作用力，共价键不断裂；BNaOH中含有离子键和共价键；CSiO2属于原子晶体；D一把来说熔沸点：原子晶体离子晶体分子晶体解答：解：A冰融化为物理变化，克服分子间作用力，共价键不断裂，故A错误；BNaOH中含有离子键和共价键，故B错误；CSiO2属于原子晶体，故C错误；D一把来说熔沸点：原子晶体离子晶体分子晶体，所以熔沸点由高到低的顺序是金刚石NaClI2，故D正确故选D点评：本题考查晶体类型以及粒子间作用力知识，为高频考点，注意把握晶体类型的判断以及粒子间作用力的异同，把握共价键、离子键以及分子间作用力对物质的性质的影响的异同，难度不大，注意相关基础知识的积累8（2分）如图所示，电流计G发生偏转，同时A极逐渐变粗，B极逐渐变细，C为电解质溶液则A、B、C为（）AA是Zn，B是Cu，C是稀硫酸BA是Cu，B是Zn，C是稀硫酸CA是Fe，B是Ag，C是稀AgNO3溶液DA是Ag，B是Fe，C是稀AgNO3溶液考点：原电池和电解池的工作原理 分析：原电池中负极的活泼性大于正极的活泼性，负极上金属失电子变成离子进入溶液，质量减少，正极上得电子发生还原反应，正极上析出物质，若析出的物质是金属，则正极质量增加，据此分析解答：解：该原电池中，A极逐渐变粗，B极逐渐变细，所以B作负极，A作正极，B的活泼性大于A的活泼性，所以排除AC选项；A极逐渐变粗，说明有金属析出，B选项析出氢气不是金属，D选项析出金属，所以D符合题意故选D点评：本题考查了原电池原理，难度不大，明确正负极的判断方法，注意不能仅根据金属的活泼性判断正负极，要根据发生反应的反应类型判断正负极，如：Mg、Al、NaOH溶液构成的原电池，铝作负极，镁作正极9（2分）下列关于糖类、油脂、蛋白质的说法不正确的是（）A用碘水可以鉴别葡萄糖溶液和淀粉溶液B淀粉、油脂和蛋白质在一定条件下都能发生水解反应C工业上利用油脂在碱的催化作用下水解生产肥皂D向蛋白质溶液中加入浓的Na2SO4或CuSO4溶液均可使蛋白质盐析而分离提纯考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；油脂的性质、组成与结构；淀粉的性质和用途 分析：A、碘遇淀粉变蓝；B、淀粉、油脂、蛋白质均可水解；C、油脂在碱的催化作用下水解生成肥皂；D、蛋白质溶液遇重金属盐发生蛋白质变性解答：解：A、碘遇淀粉变蓝，碘遇葡萄糖无变化，故A正确；B、淀粉、油脂、蛋白质均可水解，故B正确；C、油脂在碱的催化作用下水解生成肥皂，故C正确；D、蛋白质溶液遇CuSO4溶液，发生蛋白质变性，故D错误；故选D点评：本题考查了糖类、油脂、蛋白质的组成、结构和性质，合成纤维、胶体的性质等知识，涉及较为全面，掌握物质的性质是解题的关键10（2分）在一定条件下的密闭容器中，一定能说明反应X（g）+3Y（g）2Z（g）+2W（g）达到平衡状态的是（）AY的浓度不随时间而发生变化B反应体系的总压强恒定Cc（X）：c（Y）=1：3D每生成3mol的Y同时生成lmol的X考点：化学平衡状态的判断 分析：可逆反应达到平衡状态时，正逆反应速率相等，反应体系中各物质的物质的量不变、物质的量浓度不变、百分含量不变以及由此引起的一系列物理量不变，据此分析解答解答：解：AY的浓度不随时间而发生变化，说明该反应正逆反应速率相等，则该反应达到平衡状态，故A正确；B该反应的反应前后气体计量数之和不变，所以压强始终不变，则不能根据压强判断平衡状态，故B错误；Cc（X）：c（Y）=1：3时该反应不一定达到平衡状态，与反应物初始浓度及转化率有关，故C错误；D无论反应是否达到平衡状态，都存在每生成3mol的Y同时生成lmol的X，所以不能据此判断平衡状态，故D错误；故选A点评：本题考查化学平衡状态判断，为高频考点，只有反应前后改变的物理量才能作为平衡状态判断依据，易错选项是B，注意该反应方程式特点，题目难度不大11（3分）几种短周期元素的原子半径及主要化合价如下表：元素代号XYZW原子半径/pm1601437066主要化合价+2+3+3、+5、32下列叙述正确的是（）AX、Y元素的金属性：XYB一定条件下，Z单质与W的常见单质直接生成ZW2CY的最高价氧化物对应的水化物能溶于稀氨水D一定条件下，W单质可以和Z的氢化物反应考点：原子结构与元素周期律的关系 分析：W的化合价只有2价，故W为氧元素；Z具有3、+5价，原子半径大于氧元素且相差不大，故Z为氮元素；X只有+2价，Y只有+3价，X、Y原子半径相差不大，原子半径较氮元素、氧元素大很多，可知X、Y位于第三周期相邻主族，故X为镁元素，Y为铝元素结合元素周期律与物质性质解答解答：解：W的化合价只有2价，故W为氧元素；Z具有3、+5价，原子半径大于氧元素且相差不大，故Z为氮元素；X只有+2价，Y只有+3价，X、Y原子半径相差不大，原子半径较氮元素、氧元素大很多，可知X、Y位于第三周期相邻主族，故X为镁元素，Y为铝元素，AX为镁元素，Y为铝元素，同周期自左而右，金属性减弱，故金属性XY，故A错误；BW为氧元素、Z为氮元素，两者的单质一定条件下直接生成NO，故B错误；CY是Al，Al的最高价氧化物的水化物是氢氧化铝，氢氧化铝是两性氢氧化物，溶于强酸强碱，不溶于弱酸弱碱，氢氧化铝不溶于氨水，故C错误；D一定条件下，氧气可以和氨气反应生成水和NO，故D正确故选D点评：本题考查了结构与元素周期律知识，难度中等，学生能利用原子半径及化合价来推断出元素是解答本题的关键，并熟悉元素及其单质、化合物的性质来解答即可12（3分）已知断开1mol H2中的化学键需要吸收436KJ的能量，断开1mol Cl2中的化学键需要吸收243KJ的能量，而形成1mol HCl分子中的化学键要释放431KJ的能量，则1mol氢气与1mol氯气反应时能量变化为（）A吸收183KJB吸收366KJC放出183KJD放出366KJ考点：有关反应热的计算 专题：化学反应中的能量变化分析：根据反应热等于反应物的总键能生成物的总键来解答；解答：解：H2（g）+Cl2（g）=2HCl（g）的反应热=生成物的键能减反应物的键能=436kJmol1+243kJmol12431 kJmol1=183kJmol1，故1mol氢气与1mol氯气反应时放出热量为183KJ，故选：C点评：本题主要考查了反应热的计算，难度不大，根据课本知识即可完成13（3分）巴豆酸的结构简式为CH3CH=CHCOOH现有氯化氢、溴水、纯碱溶液、乙醇、酸性高锰酸钾溶液，判断在一定条件下，能与巴豆酸反应的物质是（）A只有B只有C只有D全部考点：有机物的结构和性质 专题：有机物的化学性质及推断分析：有机物含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反应，以此解答该题解答：解：巴豆酸分子中含有碳碳双键和羧基，所以巴豆酸具有烯烃和羧酸的性质，与氯化氢、溴水发生加成反应，与酸化的高锰酸钾溶液发生氧化反应，表现碳碳双键的性质；与纯碱溶液发生复分解反应，与乙醇发生酯化反应，故选D点评：本题考查有机物的结构与性质，注意有机物中的官能团及其性质的关系即可解答，熟悉烯烃、羧酸的性质是解答的关键，题目难度不大14（3分）盛有O2和NO2的混合气体的量筒倒立在盛有水的水槽中，过一段时间后，量筒内的气体体积减小为原来的一半则原混合气体中O2和NO2的体积比是（）A3：1B3：2C2：1D1：2考点：化学方程式的有关计算 分析：假设全部为NO2，通入水中，发生反应：3NO2+H2O=2HNO3+NO，剩余体积为原体积的，而实际混合气体反应量筒内的气体体积减小为原来的一半，说明剩余气体为氧气，发生反应：4NO2+O2+2H2O=4HNO3，设混合气体中含有xmolO2，ymolNO2，根据方程式表示出参加反应的氧气，再根据体积之比列方程计算解答：解：假设全部为NO2，通入水中，发生反应：3NO2+H2O=2HNO3+NO，剩余体积为原体积的，而实际混合气体反应量筒内的气体体积减小为原来的一半，说明剩余气体为氧气，设混合气体中含有xmolO2，ymolNO2，则：4 NO2+O2+2H2O=4HNO3，ymol ymol所以（xy）：（x+y）=1：2，整理得x：y=3：2，故选B点评：本题考查混合物的计算，题目难度中等，关键是利用假设法判断剩余气体为氧气，侧重考查学生分析计算能力15（3分）用NA表示阿伏伽德罗常数的值，下列叙述正确的是（）A标准状况下，46gCH4中含有的分子数为NAB通常状况下，14gCO含有的电子数目为7NAClL0.2molL1的CH3COOH溶液中，H+数目为0.2NAD0.1molCu与400mLlmolL1稀硝酸反应后，溶液中的NO3数目为为0.2NA考点：阿伏加德罗常数 分析：A甲烷的摩尔质量为16g/mol，根据n=计算出甲烷的物质的量；BCO分子中含有14个电子，14g根据n=计算出一氧化碳的物质的量及含有的电子数；C醋酸为弱酸，在溶液中只能部分电离出氢离子；D根据反应3Cu+8H+2NO3（稀）3Cu2+2NO+4H2O及铜、硝酸的物质的量进行判断过量情况，再计算出溶液中剩余的硝酸根离子数目解答：解：A46g甲烷的物质的量为：=mol，含有的分子数为NA，故A错误；B14gCO的物质的量为：=1mol，1molCO中含有的电子的物质的量为7mol，含有的电子数目为7NA，故B正确；ClL0.2molL1的CH3COOH溶液中含有0.2mol醋酸，由于醋酸为弱电解质，则电离出的氢离子小于0.2mol，H+数目小于0.2NA，故C错误；D铜和稀硝酸反应的离子方程式为：3Cu+8H+2NO3（稀）3Cu2+2NO+4H2O，硝酸的物质的量为0.4mol，0.4mol硝酸完全反应最多消耗1.5mol铜，则铜不足，0.1mol铜完全反应消耗硝酸根离子的物质的量为：0.1mol=mol，剩余硝酸根离子的物质的量为：0.4molmol=mol，故D错误；故选B点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的应用，题目难度中等，注意熟练掌握物质的量与阿伏伽德罗常数、摩尔质量等物理量之间的关系，D为易错点，需要明确反应物过量情况，根据不足量进行计算16（3分）下列关于苯的叙述正确的是（）A反应常温下不能进行，需要加热B反应不发生，但是仍有分层现象，紫色层在下层C反应为加成反应，产物是一种烃的衍生物D反应能发生，从而证明苯中是单双键交替结构考点：苯的性质 专题：有机物的化学性质及推断分析：A苯与液溴在催化剂状态下，不需要加热就可以发生取代反应生成溴苯；B苯为不溶于水的有机溶剂，密度小于水；C苯与浓硝酸反应生成硝基苯的反应为取代反应；D苯分子中不存在碳碳双键，能够与氢气发生反应，证明苯不属于饱和烃解答：解：A在溴化铁做催化剂的条件下，苯与液溴在常温下能够发生取代反应，故A错误；B苯不溶于水，密度小于水，所以苯与酸性高锰酸钾溶液混合后分层，苯在上层，高锰酸钾溶液在下层，下层为紫色，故B正确；C苯生成硝基苯的反应属于取代反应，不属于加成反应，故C错误；D苯分子中的碳碳键为一种介于碳碳单键和碳碳双键之间的独特键，不存在碳碳双键；苯能够与氢气反应，只证明苯不属于饱和烃，故D错误；故选B点评：本题考查了苯的结构与性质，题目难度不大，注意掌握苯分子中碳碳键特点，明确苯具有的化学性质，能够正确书写苯与液溴、氢气等反应的化学方程式17（3分）N2O5是一种新型硝化剂，其性质和制备受到人们的关注一定温度下，在2L固定容积的密闭容器中发生反应：2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g）H0，反应物和部分生成物的物质的量随反应时间变化的曲线如图所示，下列说法中不正确的是（）A曲线a表示NO2的物质的量随时间的变化B10s时，v（正）v（逆）C20s时反应达到平衡D020s内平均反应速率v（O2）=0.05molL1s1考点：化学平衡建立的过程；化学平衡的影响因素 分析：A、在反应2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g）中N2O5为反应物NO2为生成物，它们的计量数之比为1：2，也就是说NO2增加的物质的量是N2O5减小的物质的量的两倍，据此作判断；B、根据图中反应物和生成物的物质的变化来判断反应所处的状态，进而判断正逆反应速率的关系；C、根据图中反应物和生成物的物质的变化来判断反应所处的状态，进而判断正逆反应速率的关系；D、根据v=结合反应速率之比等于系数之比计算反应速率解答：解：A、在反应2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g）中N2O5为反应物NO2为生成物，它们的计量数之比为1：2，也就是说NO2增加的物质的量是N2O5减小的物质的量的两倍，结合图中的数据可知曲线a表示NO2的物质的量随反应时间的变化，曲线b表示N2O5的物质的量随反应时间的变化，故A正确；B、根据图中可知10 s时反应物还在继续减小而生成物还在继续增大，所以此时反应还在正向进行，即正反应速率大于逆反应速率，故B正确；C、根据图中反应物和生成物的物质的变化情况可知，20 s时有关物质的物质的量不再随时间的变化而变化，即反应处于平衡状态，故C正确；D、在反应2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g）中N2O5为反应物NO2为生成物，它们的计量数之比为1：2，也就是说NO2增加的物质的量是N2O5减小的物质的量的两倍，所以曲线a表示NO2的物质的量随反应时间的变化，曲线b表示N2O5的物质的量随反应时间的变化，根据v=0.05 mol（Ls）1，又反应速率之比等于系数之比，所以v（O2）=0.025molL1s1，故D错误；故选D点评：本题考查了根据图象判断反应方向及反应速率，难度较小，解题的关键是把图象和题中的化学方程式有机结合起来分析18（3分）某金属单质跟一定浓度的硝酸反应，假定只产生单一的还原产物，当参加反应的单质与被还原HNO3的物质的量之比为2：1时，还原产物可能是（）AN2OBNOCNO2DN2考点：氧化还原反应的计算 分析：在氧化还原反应中氧化剂得到的电子数等于还原剂失去的电子数，根据转移电子数相等确定还原产物中N元素的化合价，从而确定还原产物解答：解：假设金属元素化合价由0价变为+1价，设还原产物中N元素化合价为x，根据转移电子相等得2（10）=1（5x），x=3；假设金属元素化合价由0价变为+2价，设还原产物中N元素化合价为y，根据转移电子相等得2（20）=1（5y），y=1；假设金属元素化合价由0价变为+3价，设还原产物中N元素化合价为z，根据转移电子相等得2（30）=1（5z），z=1；AN2O中N元素化合价为+1，所以符合，故