海南省文昌中学2015-2016学年高一化学上册期末试卷.doc

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SO3中含有氧原子数为3 NAC标准状况下，18g H2O中含有氧原子数为NAD5.4g 铝单质与足量NaOH溶液反应，转移电子数为0.6NA10化学与日常生活密切相关，下列有关物质应用的说法正确的是（）A玻璃容器可长期盛放各种酸B浓氨水可检验氯气管道泄漏C浓硫酸可刻蚀石英制艺术品D84消毒液的有效成分是NaClO11对于某些离子的检验及结论一定正确的是（）A加入盐酸产生无色气体，将气体通入澄清石灰水中，溶液变浑浊，一定有CO32B加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，再加盐酸，沉淀不消失，一定有SO42C加入氢氧化钠溶液并加热，产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，一定有NH4+D加入KSCN溶液无明显现象，再滴加饱和氯水溶液出现血红色，一定有Fe2+12下列实验操作中错误的是（）A蒸发操作时，应使混合物中的水完全蒸干后，才能停止加热B蒸馏操作时，应使温度计水银球靠近蒸馏烧瓶的支管口处C分液操作时，分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出D萃取操作时，溶质在萃取剂中的溶解度应大于在原溶剂中的溶解度13下列氧化还原反应中，水作为还原剂的是（）A3Fe+4H2OFe3O4+4H2B3NO2+H2O2HNO3+NOC2Na2O2+2H2O4NaOH+O2D2F2+2H2O4HF+O214下列离子方程式正确的是（）A铜片插入FeCl3溶液中：Cu+2Fe3+Cu2+2 Fe2+B氯化铝溶液中加入过量的氨水：Al3+4NH3H2OAlO2+4NH4+2H2OC烧碱溶液中加铝片：2Al+2OH+2H2O2 AlO2+3H2D铁粉与稀盐酸的反应：2Fe+6H+2Fe3+3H215将过量的二氧化碳分别通入下列溶液，最终溶液中有沉淀析出的是（）A氯化钙溶液B硅酸钠溶液C澄清石灰水D饱和碳酸钠溶液16在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是（）A氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2B向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有ClC向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有H+D向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有HClO三、填空题（共52分）17在MgCl2溶液中滴加过量NaOH溶液，反应现象是，有关的离子方程式为；在AlCl3溶液中逐滴加入NaOH溶液直至过量，反应现象为，有关的离子方程式为18某中学化学兴趣小组想使用如图装置制取较多量的饱和氯水和漂白粉等实验回答下列问题（1）写出仪器的名称：A，B（2）写出甲、丁装置中发生反应的化学方程式：甲：丁：（3）装置乙的作用是（4）装置戊中所装的试剂是（填化学式）19X、Y、Z三种气体都能对大气造成污染，在工业上都可以用碱液吸收已知X是化石燃料燃烧的产物之一，是形成酸雨的主要物质；Y是一种单质，它的水溶液具有漂白作用；Z是硝酸工业和汽车尾气中的有害物质之一，能与水反应试推断：（1）X：，Y：，Z（写出化学式）（2）写出下列有关的化学方程式：X与NaOH溶液反应：Z与水的反应：20某烧杯中盛有100mL FeCl3和CuCl2的混合液，混合溶液中c（FeCl3）=2mol/L，c（CuCl2）=1mol/L请回答下列问题：（1）该混合溶液中，Fe3+的物质的量n（Fe3+）=mol氯离子的物质的量浓度c（Cl）=mol/L（2）向上述烧杯中加入足量铁粉并使之充分反应写出有关的离子方程式：；21制取氨气并完成喷泉实验（图中夹持装置均已略去）（1）写出实验室制取氨气的化学方程式：（2）收集氨气应使用法，要得到干燥的氨气可选用做干燥剂用方法检验氨气是否已收集满（3）用左上图装置进行喷泉实验，上部烧瓶已装满干燥氨气，引发水上喷的操作是22为了除去KCl溶液中少量的MgCl2、MgSO4，可选用Ba（OH）2、盐酸和K2CO3三种试剂，按如图步骤操作：（1）写出三种试剂的化学式：A，B，C（2）加过量A的原因是：，有关反应的化学方程式为：、（3）加过量B的原因是：23AG各物质间的关系如图，其中B、D为气态单质请回答下列问题：（1）物质C和E的名称分别为、；（2）可选用不同的A进行反应，若能在常温下进行，其化学方程式为；若只能在加热情况下进行，则反应物A应为；（3）反应的化学方程式为；（4）新配制的F溶液应加入以防止其转化为G检验G溶液中阳离子的常用试剂是，实验现象为2015-2016学年海南省文昌中学高一（上）期末化学试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题2分，共16分）1神州七号的三位宇航员从“天上”看“地下”，发现地球表面存在大量海水，而海水中含有大量的氯化钠，你认为从海水中获得粗食盐的方法是（）A萃取B过滤C蒸馏D蒸发【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；物质的分离、提纯和除杂【分析】海水中含有大量的氯化钠，水的沸点低，选择蒸发法从海水中获得粗食盐，以此来解答【解答】解：A萃取利用溶质在不同溶剂中的溶解性差异分离，不能从海水中获得粗食盐，故A不选；B海水中盐类物质及水均可透过滤纸，不能从海水中获得粗食盐，故B不选；C海水中含有大量的氯化钠，蒸馏可得到蒸馏水，不能从海水中获得粗食盐，故故C不选；D加热时水易挥发，则选择蒸发法从海水中获得粗食盐，故D选；故选D【点评】本题考查海水资源综合应用及混合物分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、混合物的分离提纯方法为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，题目难度不大2下列物质分类正确的是（）ASO2、SiO2、CO均为酸性氧化物B稀豆浆、硅酸、氯化铁溶液均为胶体C烧碱、纯碱、石英均为电解质D氯水、水玻璃、氨水均为混合物【考点】酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系；电解质与非电解质【专题】物质的分类专题【分析】A酸性氧化物是和碱反应生成盐和水反应生成盐和水的氧化物；B微粒直径在1100nm的分散质形成的分散系为胶体；C水溶液中或熔融状态下导电的化合物为电解质；D不同物质组成的为混合物；【解答】解：ASO2、SiO2和碱反应生成盐和水的氧化物为酸性氧化物，CO不能和碱反应属于不成盐氧化物，故A错误；B稀豆浆、硅酸均为胶体，氯化铁溶液不是胶体，故B错误；C烧碱是氢氧化钠、纯碱是碳酸钠都是电解质，石英是二氧化硅，本身不能电离出离子是非电解质，故C错误；D氯水是氯气的水溶液、水玻璃是硅酸钠水溶液、氨水是氨气的水溶液，都是不同物质组成的均为混合物，故D正确；故选D【点评】本题考查了物质分类、物质组成、物质性质和胶体组成的分析等知识，掌握基础是解题关键，题目较简单3下列物质属于电解质的是（）A次氯酸B浓硫酸C氯水D陶瓷【考点】电解质与非电解质【专题】电离平衡与溶液的pH专题【分析】在水溶液里或熔融状态下能导电的化合物是电解质，在水溶液里或熔融状态下都不导电的化合物是非电解质【解答】解：A次氯酸溶于水能发生电离，溶液导电，是电解质，故A正确；B浓硫酸是混合物，既不是电解质也不是非电解质，故B错误；C氯水是混合物，既不是电解质也不是非电解质，故C错误；D陶瓷是混合物，既不是电解质也不是非电解质，故D错误；故选A【点评】本题考查了电解质的判断，难度不大，注意单质和混合物既不是电解质也不是非电解质4在实验室里，要想使AlCl3中的Al3+全部沉淀出来，应选用下列试剂中的（）A石灰水B氢氧化钠溶液C硫酸D氨水【考点】镁、铝的重要化合物【专题】元素及其化合物【分析】Al3+可以和碱反应，也可以和能水解显碱性的盐反应；Al（OH）3是两性氢氧化物能溶于强酸强碱，Al3+离子全部沉淀需要所加的试剂过量，所以全部沉淀Al3+最好不用强碱用弱碱【解答】解：氢氧化钠溶液、石灰水都是强碱溶液，沉淀Al3+时生成的氢氧化铝能溶解在过量的强碱溶液中，所以Al3+不能全部沉淀出来，故A、B不符合；稀硫酸不与氯化铝反应，故C不符合；氨水是弱碱溶液，可以全部沉淀Al3+，且Al（OH）3不溶于弱碱溶液，故D符合故选：D【点评】本题考查了铝盐、氢氧化铝的性质应用，重点考查氢氧化铝的实验室制备5下列变化中，不属于化学变化的是（）ANa2O2使有色物质褪色B氯水使有色布条褪色C活性炭使红墨水褪色D漂白粉使某些染料褪色【考点】钠的重要化合物；氯气的化学性质【专题】元素及其化合物【分析】A、过氧化钠使有色物质褪色，是发生氧化还原漂白；B、氯水使有色布条褪色，是氯气与水反应生成次氯酸；C、活性炭使红墨水褪色，是活性炭的吸附性；D、漂白粉使某些染料褪色，是漂白粉与二氧化碳与水反应生成次氯酸【解答】解：A、过氧化钠使有色物质褪色，是发生氧化还原漂白，所以发生氧化还原反应，是化学变化，故A不选；B、氯水使有色布条褪色，是氯气与水反应生成次氯酸，所以发生氧化还原反应，是化学变化，故B不选；C、活性炭使红墨水褪色，是活性炭的吸附性，是物理变化，故C选；D、漂白粉使某些染料褪色，是漂白粉与二氧化碳与水反应生成次氯酸，所以发生氧化还原反应，是化学变化，故D不选；故选C【点评】本题考查化学变化，学生只要知道化学变化的概念，观察有无新物质生成就可以迅速解题了，比较容易6下列物质的用途叙述错误的是（）A硅是制造太阳能电池的常用材料B四氧化三铁俗称铁红，可用于作油漆、红色涂料CNa2O2可用作呼吸面具中的供氧剂D二氧化硅是制造光导纤维的材料【考点】硅和二氧化硅；钠的重要化合物【专题】元素及其化合物【分析】A、硅是半导体材料；B、氧化铁俗称铁红；C、Na2O2和二氧化碳反应生成氧气；D、光导纤维的成份是二氧化硅【解答】解：A、硅是半导体材料，所以硅是制造太阳能电池的常用材料，故A正确；B、氧化铁俗称铁红，而不是四氧化三铁，故B错误；C、Na2O2和二氧化碳反应生成氧气，则Na2O2可用作呼吸面具中的供氧剂，故C正确；D、光导纤维的成份是二氧化硅，故D正确；故选B【点评】本题考查了常见金属单质及其化合物性质，题目难度中等，明确常见金属及其化合物性质为解答关键，试题培养了学生的灵活应用能力7下列关于浓硫酸和浓硝酸的叙述正确的是（）A常温下不能用铝制容器贮存B露置在空气中，容器内酸液的质量都增加C常温下都能与铜剧烈反应D露置在空气中，容器内酸液的浓度都减小【考点】浓硫酸的性质；硝酸的化学性质【专题】元素及其化合物【分析】A浓硫酸、浓硝酸具有强的氧化性，常温下能够使铝钝化；B浓硫酸具有吸水性，浓硝酸具有挥发性；C浓硫酸与铜常温下不反应；D浓硫酸具有吸水性，浓硝酸具有挥发性；【解答】解：A浓硫酸、浓硝酸具有强的氧化性，常温下能够使铝钝化，生成致密氧化膜，阻止反应进行，所以常温下能用铝制容器贮存，故A错误；B浓硫酸具有吸水性，浓硝酸具有挥发性，所以露置在空气中，容器内酸液的质量前者增加，后者减小，故B错误；C浓硫酸与铜常温下不反应，故C错误；D因浓硝酸具有挥发性，溶质减少，浓度减小，而浓硫酸具有吸水性，溶剂增加，溶质不变，浓度减小，故D正确；故选：D【点评】本题主要考查了浓硝酸和浓硫酸的物理性质和化学性质，两者有很多相似性，当然也有差异性，要注意比较和区分8下列各组离子，在某无色透明的酸性溶液中，能大量共存的离子组是（）AK+、Na+、SO4、HCO3BK+、Cu2+、SO4、NO3CK+、Na+、Cl、NO3DK+、Fe3+、NO3、Cl【考点】离子共存问题【专题】离子反应专题【分析】酸性溶液中含大量的氢离子，根据离子之间不能结合生成沉淀、气体、水等，不能发生氧化还原反应等，则离子大量共存，并结合离子的颜色来解答【解答】解：A酸性溶液中不能大量存在HCO3，故A错误；BCu2+为蓝色，与无色不符，故B错误；C该组离子之间不反应，可大量共存，且离子均为无色，故C正确；DFe3+为黄色，与无色不符，故D错误；故选C【点评】本题考查离子的共存，为高频考点，把握习题中的信息及常见离子之间的反应为解答的关键，侧重复分解反应的离子共存考查，注意离子的颜色，题目难度不大二、不定项选择题（每小题有1-2个正确选项符合题意，每小题4分，共32分）9设NA代表阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（）A7.1gCl2与足量的氢氧化钠溶液反应，转移的电子数一定为0.2NAB标准状况下，22.4L SO3中含有氧原子数为3 NAC标准状况下，18g H2O中含有氧原子数为NAD5.4g 铝单质与足量NaOH溶液反应，转移电子数为0.6NA【考点】阿伏加德罗常数【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律【分析】A、求出氯气的物质的量，然后根据氯气和氢氧化钠的反应为歧化反应来分析；B、标况下三氧化硫为固体；C、求出水的物质的量，然后根据1mol水中1mol氧原子来分析；D、求出铝的物质的量，然后根据铝和氢氧化钠反应后变为+3价来分析【解答】解：A、7.1g氯气的物质的量为0.1mol，而氯气和氢氧化钠的反应为歧化反应，故0.1mol氯气转移0.1mol电子即0.1NA个，故A正确；B、标况下三氧化硫为固体，故不能根据气体摩尔体积来计算其物质的量和氧原子个数，故B错误；C、18g水的物质的量为1mol，而1mol水中1mol氧原子，故含NA个，故C正确；D、5.4g铝的物质的量为0.2mol，而铝和氢氧化钠反应后变为+3价，故0.2mol铝反应后转移0.6mol电子即0.6NA个，故D正确故选CD【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大10化学与日常生活密切相关，下列有关物质应用的说法正确的是（）A玻璃容器可长期盛放各种酸B浓氨水可检验氯气管道泄漏C浓硫酸可刻蚀石英制艺术品D84消毒液的有效成分是NaClO【考点】硅和二氧化硅；氯、溴、碘及其化合物的综合应用【专题】元素及其化合物【分析】A玻璃中含有二氧化硅能够与氢氟酸反应；B浓氨水与氯气反应生成氮气和氯化铵；C浓硫酸与二氧化硅不反应；D氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液；【解答】解：A氢氟酸能够与玻璃中的二氧化硅反应，腐蚀玻璃，不能用玻璃瓶盛放氢氟酸，故A错误；B浓氨水与氯气反应生成氮气和氯化铵，产生大量白烟，可以检验氯气管道泄漏，故B正确；C二氧化硅与浓硫酸不反应，故C错误；D氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液，有效成分为NaClO，故D正确；故选：BD【点评】本题考查了元素与化合物知识，熟悉二氧化硅及浓氨水、氯气的性质是解题关键，题目难度不大，注意对基础知识的积累11对于某些离子的检验及结论一定正确的是（）A加入盐酸产生无色气体，将气体通入澄清石灰水中，溶液变浑浊，一定有CO32B加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，再加盐酸，沉淀不消失，一定有SO42C加入氢氧化钠溶液并加热，产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，一定有NH4+D加入KSCN溶液无明显现象，再滴加饱和氯水溶液出现血红色，一定有Fe2+【考点】常见离子的检验方法【专题】物质的分离提纯和鉴别【分析】A、盐酸能与含碳酸根或碳酸氢根离子的物质反应生成二氧化碳，二氧化碳气体遇澄清石灰水变浑浊；B、氯化钡能与硫酸根离子或银离子结合生成不溶于水也不溶于酸的沉淀；C、湿润红色石蕊试纸遇碱性物质变蓝；D、氯水具有强氧化性，能氧化亚铁离子为铁离子【解答】解：A、盐酸能与含碳酸根或碳酸氢根离子的物质反应生成二氧化碳，加入稀盐酸产生无色气体，不一定有CO32，故A错误；B、氯化钡能与硫酸根离子或银离子结合生成不溶于水也不溶于酸的沉淀，加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，再加盐酸，沉淀不消失，不一定有SO42，故B错误；C、湿润红色石蕊试纸遇碱性物质变蓝，加入氢氧化钠溶液并加热，产生的气体能使湿润红色石蕊试纸变蓝，一定有NH4+，故C正确；D、向待测液中加入KSCN溶液无现象，待测液中此时不含有铁离子，加入氯水后变为血红色，说明待测液中含有铁离子，即氯水氧化亚铁离子生成铁离子，故说明待测液中含有Fe2+，故D正确；故选CD【点评】本题考查硫酸根离子的检验，明确复分解反应发生的条件及离子之间的反应，注意排除某些离子的干扰以及应该加入什么试剂才能排除这些离子的干扰是解答的关键，题目难度不大12下列实验操作中错误的是（）A蒸发操作时，应使混合物中的水完全蒸干后，才能停止加热B蒸馏操作时，应使温度计水银球靠近蒸馏烧瓶的支管口处C分液操作时，分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出D萃取操作时，溶质在萃取剂中的溶解度应大于在原溶剂中的溶解度【考点】化学实验方案的评价；物质的分离、提纯和除杂【专题】物质的分离提纯和鉴别【分析】A蒸发时不能蒸干，利用余热加热；B蒸馏时，测定馏分的温度；C分液时避免上下层液体混合；D萃取时，萃取剂不能发生反应，与原溶剂不能互溶，溶质在不同溶剂中溶解性差异较大【解答】解：A蒸发时不能蒸干，利用余热加热，不能完全蒸干后，才能停止加热，故A错误；B蒸馏时，测定馏分的温度，则应使温度计水银球靠近蒸馏烧瓶的支管口处，故B正确；C分液时避免上下层液体混合，则分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出，故C正确；D萃取时，萃取剂不能发生反应，与原溶剂不能互溶，溶质在不同溶剂中溶解性差异较大，且溶质在萃取剂中的溶解度应大于在原溶剂中的溶解度，故D正确；故选A【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握混合物分离提纯实验操作、实验基本技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大13下列氧化还原反应中，水作为还原剂的是（）A3Fe+4H2OFe3O4+4H2B3NO2+H2O2HNO3+NOC2Na2O2+2H2O4NaOH+O2D2F2+2H2O4HF+O2【考点】氧化还原反应【专题】氧化还原反应专题【分析】水中O元素的化合价升高，则水作还原剂，以此来解答【解答】解：A水中H元素的化合价降低，水为氧化剂，故A不选；B水中H、O元素的化合价变化，只有N元素的化合价变化，故B不选；C只有过氧化钠中O元素的化合价变化，故C不选；D水中O元素的化合价升高，水为还原剂，故D选；故选D【点评】本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意常见元素化合价判断，题目难度不大14下列离子方程式正确的是（）A铜片插入FeCl3溶液中：Cu+2Fe3+Cu2+2 Fe2+B氯化铝溶液中加入过量的氨水：Al3+4NH3H2OAlO2+4NH4+2H2OC烧碱溶液中加铝片：2Al+2OH+2H2O2 AlO2+3H2D铁粉与稀盐酸的反应：2Fe+6H+2Fe3+3H2【考点】离子方程式的书写【专题】化学应用【分析】A反应生成氯化亚铁和氯化铜；B反应生成氢氧化铝和氯化铵；C反应生成偏铝酸钠和氢气；D反应生成氯化亚铁和氢气【解答】解：A铜片插入FeCl3溶液中的离子反应为Cu+2Fe3+Cu2+2Fe2+，遵循电子、电荷守恒，故A正确；B氯化铝溶液中加入过量的氨水的离子反应为Al3+3NH3H2OAl（OH）3+3NH4+，故B错误；C烧碱溶液中加铝片的离子反应为2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2，故C正确；D铁粉与稀盐酸的反应的离子反应为Fe+2H+Fe2+H2，故D错误；故选AC【点评】本题考查离子反应方程式书写的正误判断，为高频考点，把握发生的反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重复分解反应、氧化还原反应的离子反应考查，注意离子反应中保留化学式的物质及电子、电荷守恒，题目难度不大15将过量的二氧化碳分别通入下列溶液，最终溶液中有沉淀析出的是（）A氯化钙溶液B硅酸钠溶液C澄清石灰水D饱和碳酸钠溶液【考点】钠的重要化合物【专题】元素及其化合物【分析】二氧化碳通入水生成碳酸，碳酸为弱酸，与强酸盐不反应，与酸性比碳酸弱的盐反应生成弱电解质，可与碱反应，以此解答该题【解答】解：A碳酸比盐酸弱，与氯化钙不反应，故A错误；B碳酸比硅酸强，可生成硅酸沉淀，Na2SiO3+2CO2+2H2O=H2SiO3+2NaHCO3，故B正确；C二氧化碳通入澄清石灰水中，先生成碳酸钙沉淀，二氧化碳过量生成溶于水的碳酸氢钙，故C错误；D碳酸氢钠溶解度小于碳酸钠，二氧化碳通入饱和碳酸钠溶液生成碳酸氢钠晶体，Na2CO3+CO2+H2O=2NaHCO3，故D正确；故选BD【点评】本题考查二氧化碳的性质，题目难度不大，注意把握对应酸的酸性强弱，易错点为C，注意二氧化碳与石灰水反应的性质16在探究新制饱和氯水成分的实验中，下列根据实验现象得出的结论不正确的是（）A氯水的颜色呈浅绿色，说明氯水中含有Cl2B向氯水中滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明氯水中含有ClC向氯水中加入NaHCO3粉末，有气泡产生，说明氯水中含有H+D向FeCl2溶液中滴加氯水，溶液颜色变成棕黄色，说明氯水中含有HClO【考点】氯气的化学性质【专题】卤族元素【分析】溶液中存在平衡Cl2+H2OHCl+HClO，只有氯气有颜色，为黄绿色，氯水中含有氯气而呈浅黄绿色，溶液中HCl与硝酸银反应产生AgCl白色沉淀，而溶液呈酸性，能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，溶液中氯气、HClO都强氧化性，都可以将亚铁离子氧化为铁离子，而使溶液变为棕黄色【解答】解：溶液中存在平衡Cl2+H2OHCl+HClO，A只有氯气有颜色，为黄绿色，氯水呈浅黄绿色是由于含有氯气，故A正确；B溶液与硝酸银反应产生白色沉淀，只能是氯离子与银离子反应得到AgCl白色沉淀，说明氯水中含有Cl，故B正确；C溶液呈酸性，能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，故C正确；D溶液中氯气、HClO都强氧化性，都可以将亚铁离子氧化为铁离子，而使溶液变为棕黄色，不能说明氯水中含有HClO，故D错误，故选D【点评】本题考查氯水的性质，难度不大，侧重对基础知识的考查，需要学生熟练掌握基础知识三、填空题（共52分）17在MgCl2溶液中滴加过量NaOH溶液，反应现象是有白色沉淀生成，有关的离子方程式为Mg2+2OHMg（OH）2；在AlCl3溶液中逐滴加入NaOH溶液直至过量，反应现象为生成白色沉淀，白色沉淀逐渐溶解，有关的离子方程式为Al3+3OH=Al（OH）3，Al（OH）3+OH=AlO2+2H2O【考点】镁、铝的重要化合物【专题】元素及其化合物【分析】反应生成氢氧化镁沉淀；氯化铝溶液中加入少量氢氧化钠溶液会是白色沉淀氢氧化铝，继续加入氢氧化钠溶液沉淀会溶解消失，由此分析解答【解答】解：在MgCl2溶液中滴加少量NaOH溶液，现象是有白色沉淀生成，发生反应的离子方程式是Mg2+2OHMg（OH）2；在AlCl3 溶液中滴加少量NaOH溶液，反应生成氢氧化铝白色沉淀，离子反应方程式为：Al3+3OH=Al （OH）3，继续加入氢氧化钠溶液氢氧化铝沉淀消失，反应的离子方程式为：Al（OH）3+OH=AlO2+2H2O，生成白色沉淀；Al3+3OH=Al（OH）3；白色沉淀逐渐溶解； Al（OH）3+OH=AlO2+2H2O故答案为：有白色沉淀生成，Mg2+2OHMg（OH）2；生成白色沉淀，白色沉淀逐渐溶解；Al3+3OH=Al（OH）3，Al（OH）3+OH=AlO2+2H2O【点评】本题考查离子反应方程式的书写及氧化还原反应的计算，为高频考点，把握发生的反应及反应中物质的量关系为解答的关键，侧重分析、应用及计算能力的综合考查，综合性较强，题目难度不大18某中学化学兴趣小组想使用如图装置制取较多量的饱和氯水和漂白粉等实验回答下列问题（1）写出仪器的名称：A分液漏斗，B圆底烧瓶（2）写出甲、丁装置中发生反应的化学方程式：甲：MnO2+4HCl（浓）MnCl2+Cl2+2H2O丁：2Cl2+2Ca（OH）2CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O（3）装置乙的作用是除去HCl气体（4）装置戊中所装的试剂是NaOH（填化学式）【考点】氯气的实验室制法【专题】无机实验综合【分析】（1）熟悉仪器的形状说出其名称；（2）二氧化锰与浓盐酸在加热条件下反应生成氯化锰、氯气和水；氯气和氢氧化钙反应生成氯化钙、次氯酸钙和水；（3）浓盐酸易挥发，制备的氯气中含有氯化氢，依据氯化氢、氯气在饱和食盐水中溶解度性质选择除杂剂；（4）氯气有毒，需要进行尾气处理，氯气能够与氢氧化钠溶液反应，可以用氢氧化钠溶液吸收【解答】解：（1）图中仪器A为分液漏斗，B为圆底烧瓶，故答案为：分液漏斗；圆底烧瓶；（2）二氧化锰与浓盐酸在加热条件下反应生成氯化锰、氯气和水，化学方程式：MnO2+4HCl（浓） MnCl2+Cl2+2H2O；氯气和氢氧化钙反应生成氯化钙、次氯酸钙和水，化学方程式：2Cl2+2Ca（OH）2CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O；故答案为：MnO2+4HCl（浓） MnCl2+Cl2+2H2O；2Cl2+2Ca（OH）2CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O；（3）浓盐酸易挥发，制备的氯气中含有氯化氢，氯化氢易溶于水，氯气在饱和食盐水中溶解度不大，所以可以用盛有饱和氯化钠溶液的乙除去氯化氢气体，故答案为：除去HCl气体；（4）氯气有毒，需要进行尾气处理，氯气能够与氢氧化钠溶液反应，可以用氢氧化钠溶液吸收，化学式为NaOH，故答案为：NaOH【点评】本题考查了氯气的实验室制备方法，明确氯气的制备原理和氯气的性质是解题关键，题目难度不大19X、Y、Z三种气体都能对大气造成污染，在工业上都可以用碱液吸收已知X是化石燃料燃烧的产物之一，是形成酸雨的主要物质；Y是一种单质，它的水溶液具有漂白作用；Z是硝酸工业和汽车尾气中的有害物质之一，能与水反应试推断：（1）X：SO2，Y：Cl2，ZNO2（写出化学式）（2）写出下列有关的化学方程式：X与NaOH溶液反应：SO2+2NaOHNa2SO3+H2O或SO2+NaOHNaHSO3Z与水的反应：3NO2+H2O2HNO3+NO【考点】常见气体的检验【专题】元素及其化合物【分析】X、Y、Z三种气体，都能造成大气污染，X、Y、Z可以用碱溶液吸收，说明这三种气体是酸性氧化物或与水反应生成酸；X是化石燃料燃烧的产物之一，是形成酸雨的主要物质，则X是SO2；Y是一种单质，它的水溶液具有漂白性，则Y是Cl2；Z是硝酸工业和汽车尾气中的有害成分之一，能和水反应，则Z是NO2；再结合物质性质分析解答【解答】解：X、Y、Z三种气体，都能造成大气污染，X、Y、Z可以用碱溶液吸收，说明这三种气体是酸性氧化物或与水反应生成酸；X是化石燃料燃烧的产物之一，是形成酸雨的主要物质，则X是SO2；Y是一种单质，它的水溶液具有漂白性，则Y是Cl2；Z是硝酸工业和汽车尾气中的有害成分之一，能和水反应，则Z是NO2；（1）X是SO2，Y为Cl2，Z为NO2，故答案为：SO2； Cl2； NO2；（2）X是SO2，与NaOH溶液反应生成亚硫酸钠和水货亚硫酸氢钠，反应的化学方程式为：SO2+2NaOHNa2SO3+H2O 或SO2+NaOHNaHSO3，故答案为：SO2+2NaOHNa2SO3+H2O 或SO2+NaOHNaHSO3；Z与水的反应是二氧化氮和水反应生成硝酸和一氧化氮，反应的化学方程式为：3NO2+H2O2HNO3+NO，故答案为：3NO2+H2O2HNO3+NO【点评】本题考查无机物推断，明确气体的性质、反应现象是推断物质关键，熟练掌握元素化合物知识，知道次氯酸漂白性原理和二氧化硫形成酸雨为突破点，题目难度不大20某烧杯中盛有100mL FeCl3和CuCl2的混合液，混合溶液中c（FeCl3）=2mol/L，c（CuCl2）=1mol/L请回答下列问题：（1）该混合溶液中，Fe3+的物质的量n（Fe3+）=0.2mol氯离子的物质的量浓度c（Cl）=8mol/L（2）向上述烧杯中加入足量铁粉并使之充分反应写出有关的离子方程式：2Fe3+Fe3Fe2+；Cu2+FeCu+Fe2+【考点】有关混合物反应的计算【专题】利用化学方程式的计算【分析】（1）根据n=cV计算出混合液中含有铁离子的物质的量；先计算出混合液中氯离子的物质的量，再根据c=计算出含有中氯离子的浓度；（2）加入铁粉后，铁离子与铁反应生成亚铁离子，然后铜离子与铁粉反应生成亚铁离子和铜离子，据此写出反应的离子方程式【解答】解：（1）该混合