废水的生化处理中碳氮磷之比为100.doc

为什么废水的生化处理中碳氮磷之比为100：5：1

1 首先必须明确，生化处理中的营养比是根据污泥/生物膜中微生物需求来确定的。自然界中，各类微生物需求的碳氮比是不同的，但是对于活性污泥这个微生物群体而言有一个经验的值，好氧条件下是100：5：1，厌氧条件下是200：5：1.
2 其次，各参数的含义。
碳氮磷都要以可生物吸收的量计算，因此，碳以BOD5表示；N一般指总凯氏氮（TKN），包括有机氮和氨氮，但不包括亚硝氮和硝态氮，因为除了反硝化细菌以外，大部分微生物都不能直接以亚硝氮和硝态氮作为氮源，而有机氮和氨氮则可被绝大多数微生物用做氮源；磷一般为磷酸盐。
3 最后我来解释一下这个比例的来源.
说法一：Mc Carty于1970年将细菌原生质分子式定为C5H7O2N，若包括磷为C60H87N12O23P，其中C、N、P所占的百分数分别为52.4%、12.2%、2.3%。对于好氧生物处理过程来说，在被降解的BOD5中，约有20%的物质被用于细胞物质的合成，80%被用来进行能量代谢所以进水中BOD：N：P=（52.4%/20%）：12.2%；2.3%=100：5：1。
说法二：细菌C:N=4-5，真菌C:N=10，活性污泥系统中的C:N=8（介于二者之间），同时由于只有40%的碳源进入到细胞中，所以这个比例就是20，即100：5.磷的比例参照一。
4还想提点个人看法
活性污泥系统是个微生物生态系统，不仅是细菌，还存在大量真菌和其他微生物。这个比例我想不完全是细菌的组成，而是整个活性污泥微生物系统的营养需求平均值，因此我给出了说法二，个人也觉得说法二更符合具说服力。同时，对于活性污泥系统而言，这个比例在工程中也未必是一定的，生物总是有一定的适应范围的，因此，理论如此，实际操作接近即可。

污水处理中出水溶解性BOD5的计算问题
2009-06-18 14:50污水处理中出水溶解性BOD5的计算问题 悬赏分：50 - 解决时间：2009-3-4 15:07
请教出水溶解性BOD5的计算问题

小弟在看书时遇到这么个问题：

通常二沉池出水的溶解性BOD5按照下式估算：

Se=Sz-7.1*Kd*f*Ce

其中Sz为出水总BOD5，Kd为自氧化系数0.06，f为出水中MLVSS所占比例为0.75
Ce为出水MLSS，假定为30mg/L（其实Sz=Ce？）

而在另一处估算式却为：

Se=Sz-1.42(VSS/TSS)*TSS*[1-e^-(0.23X5)]
其中乘号后的TSS 是指总的出水的悬浮固体。
这个式子看的摸不着头脑，这是《城市污水厂处理设施设计计算》一书中的85页和178页上的内容
提问者： kymo - 助理 二级最佳答案前提：溶解性BOD计算的关键是计算颗粒性BOD。出水中颗粒性BOD的主要来源认为是污泥的衰减部分。

1、 对Se=Sz-7.1*Kd*f*Ce 的解释
（1）Sz，出水总BOD5，

（2）Kd，污泥自氧化系数（衰减系数），一般取0.06，一般范围0.05-0.1，单位是1/d，含义是单位时间内单位重量污泥有多少死亡（衰竭）而成为颗粒物。
（3） f，MLSS(TSS)中MLVSS（VSS）所占比例，总悬浮物中活性微生物（污泥）的质量比例，这个值的发内较大，你看的那本书上推荐为0.75，《排水工程》（下）的推荐是：高负荷活性污泥系统0.8，延时曝气系统为0.1，其他活性污尼处理系统，在一般负荷条件下，可取值0.4。
（4）Ce为出水MLSS，假定为30mg/L（Sz=Ce？这是误解，绝对是巧合，只是例题上给了相同的数值，Ce是总悬浮物浓度）
（5）7.1是5×1.42，1.42是单位的生物量（MLVSS、VSS）氧化需要的氧量，5是BOD的测定需要时间，这里是5日。

因此，上面计算公式中Kd*f*Ce表示的就是1d内1g污泥的衰减量。

2 对Se=Sz-1.42(VSS/TSS)*TSS*[1-e^-(0.23X5)] 的解释

（1）VSS/TSS=f（第一个公式），
（2）TSS=Ce（第一个公式）。
（3）0.23是好氧系数，5是BOD测定时间。

和上面的公式的区别在于7.1*Kd变成了1.42*[1-e^-(0.23X5)],实际上就是5×Kd和[1-e^-(0.23×5)]的差别。他们的含义是相同的就是5天内活性污泥的衰减量。

目前我还没有找到第二个公式的来源，不过有文献说这个公式只能适合于氧化沟工艺设计使用，但是《城市污水厂处理设施设计计算》在p120 设计A/O的时候也采用了，还不知道谁正确。等我有了答案再告诉你。

（注：专业文档是经验性极强的领域，无法思考和涵盖全面，素材和资料部分来自网络，供参考。可复制、编制，期待你的好评与关注）