甘肃省兰州市第六十三中学2022-2023学年数学高一上期末考试模拟试题含解析.doc

2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题（本大题共12 小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确答案涂在答题卡上.）1 “”是“的最小正周期为”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件2下列命题中正确的是（）A.若两个向量相等，则它们的起点和终点分别重合B.模相等的两个平行向量是相等向量C.若和 都是单位向量，则=D.两个相等向量的模相等3直线l过点，且与以为端点的线段相交，则直线l的斜率的取值范围是（）A.B.C.D.4已知是两条不同直线，是三个不同平面，下列命题中正确的是（ ）A.若则B.若则C.若则D.若则5当时，则a的取值范围是A.(0，)B.(，1)C.(1，)D.(，2)6现对有如下观测数据345671615131417记本次测试中，两组数据的平均成绩分别为，两班学生成绩的方差分别为，则（）A.，B.，C.，D.，7如图，的斜二测直观图为等腰，其中，则原的面积为（）A.2B.4C.D.8已知两个不重合的平面，和两条不同直线m，n，则下列说法正确的是A.若mn，n，m，则B.若，n，m，则mnC.若mn，n，m，则D.若，n，m，则mn9函数对于定义域内任意，下述四个结论中，其中正确的个数是（）A.4B.3C.2D.110已知一个直三棱柱的高为2，如图，其底面ABC水平放置的直观图（斜二测画法）为，其中，则此三棱柱的表面积为（）A.B.C.D.11设，满足约束条件，则的最小值与最大值分别为（）A.，B.2，C.4，34D.2，3412下列四个函数中，在整个定义域内单调递减是A.B.C.D.二、选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分,将答案写在答题卡上.） 13计算：_14_.15已知向量，若，则的值为_.16某高校甲、乙、丙、丁4个专业分别有150，150，400，300名学生为了了解学生的就业倾向，用分层随机抽样的方法从这4个专业的学生中抽取40名学生进行调查，应在丁专业中抽取的学生人数为_三、解答题（本大题共6个小题，共70分。解答时要求写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。）17已知函数（，）的部分图象如图所示.（1）求的解析式；（2）若对任意，恒成立，求实数m的取值范围；（3）求实数a和正整数n，使得（）在上恰有2021个零点.18已知,（1）若,求（2）若,求实数的取值范围.19问题：是否存在二次函数同时满足下列条件：，的最大值为4，_?若存在，求出的解析式；若不存在，请说明理由.在对任意都成立，函数的图像关于轴对称，函数的单调递减区间是这三个条件中任选一个，补充在上面问题中作答.注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分.20揭阳市某体育用品商店购进一批羽毛球拍，每件进价为100元，售价为160元，每星期可卖出80件.商家决定降价促销，根据市场调查，每降价10元，每星期可多卖出20件.（1）求商家降价前每星期的销售利润为多少元?（2）降价后，商家要使每星期的销售利润最大，应将售价定为多少元?最大销售利润是多少?21计算：（1）；（2）22如图，在中，已知为线段上的一点，.（1）若，求的值；（2）若，且与的夹角为时，求的值参考答案一、选择题（本大题共12 小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确答案涂在答题卡上.）1、A【解析】根据函数的最小正周期求得，再根据充分条件和必要条件的定义即可的解.【详解】解：由的最小正周期为，可得，所以，所以“”是“的最小正周期为”的充分不必要条件.故选：A.2、D【解析】考查所给的四个选项：向量是可以平移的，则若两个向量相等,则它们的起点和终点不一定分别重合，A说法错误；向量相等向量模相等，且方向相同，B说法错误；若和都是单位向量,但是两向量方向不一致，则不满足，C说法错误；两个相等向量的模一定相等，D说法正确.本题选择D选项.3、D【解析】作出图形，并将直线l绕着点M进行旋转，使其与线段PQ相交，进而得到l斜率的取值范围.【详解】直线l过点，且与以，为端点的线段相交，如图所示：所求直线l的斜率k满足或，则或，故选：D4、D【解析】A项，可能相交或异面,当时，存在，故A项错误；B项，可能相交或垂直,当时，存在，故B项错误；C项，可能相交或垂直,当时，存在，故C项错误；D项，垂直于同一平面的两条直线相互平行，故D项正确,故选D.本题主要考查的是对线，面关系的理解以及对空间的想象能力. 考点：直线与平面、平面与平面平行的判定与性质；直线与平面、平面与平面垂直的判定与性质. 5、B【解析】分和两种情况讨论，即可得出结果.【详解】当时，显然不成立.若时当时，此时对数，解得，根据对数的图象和性质可知，要使在时恒成立，则有，如图选B.【点睛】本题主要考查对数函数与指数函数的应用，熟记对数函数与指数函数的性质即可，属于常考题型.6、C【解析】利用平均数以及方差的计算公式即可求解.【详解】，故，故选：C【点睛】本题考查了平均数与方差，需熟记公式，属于基础题.7、D【解析】首先算出直观图面积，再根据平面图形与直观图面积比为求解即可.【详解】因为等腰是一平面图形的直观图，直角边，所以直角三角形的面积是.又因为平面图形与直观图面积比为，所以原平面图形的面积是.故选：D8、B【解析】由题意得，A中，若，则或，又，不成立，A是错误的；B若，则，又，成立，B正确；C当时，也满足若，C错误；D若，则或为异面直线，D错误，故选B考点：空间线面平行垂直的判定与性质【方法点晴】本题主要考查了空间线面位置关系的判定与证明，其中熟记空间线面位置中平行与垂直的判定定理与性质定理是解得此类问题的关键，着重考查了学生的空间想象能和推理能力，属于基础题，本题的解答中，可利用线面位置关系的判定定理和性质定理判定，也可利用举出反例的方式，判定命题的真假9、B【解析】利用指数的运算性质及指数函数的单调性依次判读4个序号即可.【详解】，正确；，错误；，由，且得，故，正确；由为减函数，可得，正确.故选：B.10、C【解析】根据斜二测画法的“三变”“三不变”可得底面平面图，然后可解.【详解】由斜二测画法的“三变”“三不变”可得底面平面图如图所示，其中，所以，所以此三棱柱的表面积为.故选：C11、D【解析】画出约束条件表示的可行域，通过表达式的几何意义，判断最大值与最小值时的位置求出最值即可【详解】解：由，满足约束条件表示的可行域如图，由，解得的几何意义是点到坐标原点的距离的平方，所以的最大值为，的最小值为：原点到直线的距离故选D【点睛】本题考查简单的线性规划的应用，表达式的几何意义是解题的关键，考查计算能力，属于常考题型.12、C【解析】根据指数函数的性质判断，利用特殊值判断，利用对数函数的性质判断，利用偶函数的性质判断【详解】对于，是指数函数，在整个定义域内单调递增，不符合题意；对于，有，不是减函数，不符合题意；对于，为对数函数，整个定义域内单调递减，符合题意；对于，为偶函数，整个定义域内不是单调函数，不符合题意，故选C【点睛】本题主要考查指数函数的性质、单调性是定义，对数函数的性质以及偶函数的性质，意在考查综合利用所学知识解答问题的能力，属于中档题二、选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分,将答案写在答题卡上.） 13、【解析】.故答案为.点睛：（1）任何非零实数的零次幂等于1；（2）当，则；（3）.14、2【解析】利用两角和的正切公式进行化简求值.【详解】由于，所以，即，所以故答案为：【点睛】本小题主要考查两角和的正切公式，属于中档题.15、【解析】因为，所以，解得，故答案为：16、12【解析】利用分层抽样的性质直接求解详解】由题意应从丁专业抽取的学生人数为：故答案为：12三、解答题（本大题共6个小题，共70分。解答时要求写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤。）17、（1）（2）（3）当时，；当时，【解析】（1）根据图象的特点，通过的周期和便可得到的解析式；（2）通过换元转化为一元二次不等式的恒成立问题，根据二次函数的特点得到，然后解出不等式即可；（3）将函数的零点个数问题，转化为的图象与直线的交点个数问题，然后分析在一个周期内与的交点情况，根据的取值情况分类讨论即可【小问1详解】根据图象可知，且，的周期为：解得：，此时，且可得：解得：故【小问2详解】当时，令，又恒成立等价于在上恒成立令，则有：开口向上，且，只需即可满足题意故实数m的取值范围是【小问3详解】由题意可得：的图象与直线在上恰有2021个零点在上时，分类讨论如下：当时，的图象与直线在上无交点；当时，的图象与直线在仅有一个交点，此时的图象与直线在上恰有2021个交点，则；当或时，的图象与直线在上恰有2个交点，的图象与直线在上有偶数个交点，不会有2021个交点；当时，的图象与直线在上恰有3个交点，此时才能使的图象与直线在上有2021个交点.综上，当时，；当时，.18、（1）；（2）【解析】（1）先化简集合A和集合B,再求.(2)由A得再因为得到,即得.【详解】（1）当时,有得,由知得或,故.（2）由知得,因为,所以,得.【点睛】本题主要考查集合的化简运算，考查集合中的参数问题，考查绝对值不等式和对数不等式的解法，意在考查学生对这些知识的掌握水平和分析推理能力.19、若选择，；若选择，；若选择，【解析】由可得，由所选的条件可得的对称轴，再由的最大值为4，可得关于的方程，求解即可.【详解】解：由，可得：，；若选择，对任意都成立，故的对称轴为，即，又的最大值为4，且，解得：，故；若选择，函数图像关于轴对称，故的对称轴为，即，又的最大值为4，且，解得：，故；若选择，函数的单调递减区间是，故的对称轴为，即，又的最大值为4，且，解得：，故.20、（1）4800（2）将售价定为150元，最大销售利润是5000元.【解析】（1）由销售利润=单件利润销售量，即可求商家降价前每星期的销售利润；（2）由题意得销售利润，根据二次函数的性质即可知最大销售利润及对应的售价.【小问1详解】由题意，商家降价前每星期的销售利润为（元）；【小问2详解】设售价定为元，则销售利润.当时，有最大值5000应将售价定为150元，最大销售利润是5000元.21、（1）；（2）.【解析】（1）根据指数幂的运算法则，以及根式与指数幂的互化公式，直接计算，即可得出结果；（2）根据对数的运算法则，直接计算，即可得出结果.【详解】（1）原式=（2）原式=22、（1）；（2）.【解析】（1）根据平面向量基本定理可得，整理可得结果；（2）根据平面向量基本定理可求得，根据数量积的运算法则代入模长和夹角，整理可求得结果.【详解】（1）由得：，（2）由得： 又，且与的夹角为则【点睛】本题考查平面向量基本定理的应用、平面向量数量积的求解，关键是能将所求向量的数量积通过平面向量基本定理转化为已知模长和夹角的向量的数量积运算.