重庆巿第七中学2019-2020学年高一物理下学期五月月考试题.doc

重庆巿第七中学2019-2020学年高一物理下学期五月月考试题重庆巿第七中学2019-2020学年高一物理下学期五月月考试题年级：姓名：- 17 -重庆巿第七中学2019-2020学年高一物理下学期五月月考试题（含解析）（满分100分，90分钟完卷）一、选择题。（本题共12个小题，每小题4分，共48分。其中18题只有一个选项是正确的，912题有多个选项正确。错选、多选不得分，少选得2分）。1.许多科学家在物理学发展过程中作出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A. 哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律B. 天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律C. 牛顿利用万有引力定律通过计算发现了彗星的轨道D. 卡文迪许通过实验测出了万有引力常量【答案】D【解析】【详解】A哥白尼提出了日心说，开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，故A错误；B天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了行星运动定律，不是万有引力定律，故B错误；C哈雷利用万有引力定律通过计算发现了彗星的轨道，故C错误；D英国的科学家卡文迪许通过实验测出了引力常量G，故D正确。故选D。2.下列现象中属于防止离心现象带来危害的是（ ）A. 为使火车安全通过弯道，修建铁路时常把外轨道修得比内轨道高一些B. 汽车在过弯道时，阴雨天气容易冲出轨道C. 洗衣机脱水桶转动时可以将湿衣服上的水甩去D. 公共汽车急刹车时，乘客容易向前倾倒【答案】A【解析】在修筑铁路时，转弯处轨道的内轨要低于外轨，目的是由重力的分力提供一部分向心力，弥补向心力不足，防止车速过大，火车产生离心运动而发生侧翻，故A正确；汽车在过弯道时，阴雨天气时，因需要的向心力小于轮胎与地面的最大摩擦力而容易冲出轨道，这是离心现象带来的危害，不是离心现象的防止，选项B错误；洗衣机脱水桶高速旋转把附着在衣服上的水分，是利用离心作用将水从衣服甩掉，是利用的离心运动，故C错误公共汽车急刹车时，乘客都向前倾倒是由于惯性，与离心现象无关，故D错误故选A3.“高分四号”卫星是我国首颗地球同步轨道高分辨率光学成像卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星，它的发射和应用使我国天基对地遥感观测能力显著提升关于“高分四号”，下列说法正确的是( )A. “高分四号”卫星的空间分辨率很高，采取措施使它距地球更近一些，效果会好一些B. “高分四号”卫星绕地球做圆周运动的线速度大于地球的第一宇宙速度7.9 km/sC. “高分四号”卫星的向心加速度大于静止在赤道上物体的向心加速度D. “高分四号”卫星的向心力与其他同步卫星的向心力的大小相等【答案】C【解析】【详解】A“高分四号”卫星是地球同步卫星，轨道半径是个定值，不能降低，故A错误；B第一宇宙速度是人造地球卫星运行的最大环绕速度，所以“高分四号”卫星绕地球做圆周运动的线速度小于地球的第一宇宙速度7.9km/s，故B错误； C“高分四号”卫星和地球上的物体角速度相同，根据a=2r可知，“高分四号”卫星的半径大，则向心加速度大故C正确；D向心力，由于不知道“高分四号”卫星与其它同步卫星的质量关系，所以不能判断向心力大小，故D错误；故选C【点睛】本题考查第一宇宙速度的特点，内容简单，只要多读课本，熟记基本知识就能顺利解出同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度4.某电视台举办了一期群众娱乐节目，其中有一个环节是让群众演员站在一个旋转较快的大平台的边缘上，向大平台圆心处的球筐内投篮球。如果群众演员相对平台静止，则下面各俯视图中哪幅图中的篮球可能被投入球筐（图中箭头指向表示投篮方向）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】如图所示，由于篮球和群众演员随大平台一起旋转，所以篮球抛出前有沿方向的初速度，要想篮球抛出后能沿虚线进入篮筐，则必须沿方向投出，故B正确，ACD错误。故选B。5.在水平地面上，关于平抛物体的运动，下列说法正确的是（）A. 由知，物体平抛的初速度越大，飞行时间越短B. 由知，物体下落的高度越大，飞行时间越长C. 任意连续相等时间内，物体下落高度之比为1：3：5D. 任意连续相等时间内，物体运动速度改变量增加【答案】B【解析】AB、平抛运动水平方向做匀速运动： 竖直方向做自由落体运动： 平抛运动在空中运动的时间由竖直方向上的运动决定： 所以物体下落的高度越大，飞行时间越长，故A错，B对；C、在竖直方向上做了初速度为零的自由落体运动，物体下落高度之比为1：3：5，符合从一开始下落时计算，故C错误；D、由 ，知任意连续相等时间内，物体运动速度改变量都相等，故D错误；综上所述本题答案是：B6.如图所示，拖拉机后轮的半径是前轮半径的两倍，A和B是前轮和后轮边缘上的点，若车行进时轮与路面没有滑动，则()A. A点和B点的线速度大小之比为12B. 前轮和后轮的角速度之比为21C. 两轮转动的周期相等D. A点和B点的向心加速度大小相等【答案】B【解析】【详解】轮A、B分别为同一传动装置前轮和后轮边缘上的一点，所以，故A错误；根据和，可知A、B两点的角速度之比为21；由，所以转速也是21，故B正确；据和前轮与后轮的角速度之比21，求得两轮的转动周期为12，故C错误；由，可知，向心加速度与半径成反比，则A与B点的向心加速度不等，故D错误7.日常生活中可以利用离心运动甩干衣物上的水分，如图已知甩干桶直径为0.5m，工作时转速为r/s，则甩干过程中衣物和桶壁之间的弹力与衣物所受重力的比值为（g=10m/s2）（）A. 80B. 40C. 20D. 10【答案】B【解析】【详解】衣物转动的角速度则对衣物受力分析，根据牛顿第二定律衣物和桶壁之间的弹力与衣物所受重力的比值为ACD错误，B正确。故选B。8.甲、乙两名滑冰运动员，m甲=80kg，m乙=40kg，面对面拉着弹簧秤都在光滑水平冰面上做匀速圆周运动的表演，如图所示，两人相距0.9m，弹簧秤的示数为96N，下列判断中正确的是（）A. 两人的运动半径不同，甲为0.6m，乙为0.3mB. 甲做圆周运动的向心力大于乙C. 两人的线速度相同，为2m/sD. 两人的角速度相同，为2rad/s【答案】D【解析】【详解】ABD弹簧秤对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，即甲、乙两名运动员的向心力大小相等，根据牛顿第二定律得由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，绕共同转轴转动，所以整理可以得到而且联立以上方程，带入数据整理可以得到故AB错误，D正确；C由于二人的角速度相同，根据公式而且由于，则可知即二者的线速度大小不相同，故C错误。故选D。9.若河水的流速大小与水到河岸的距离有关，河中心水的流速最大，河岸边缘处水的流速最小现假设河的宽度为120 m，河中心水的流速大小为4 m/s，船在静水中的速度大小为3 m/s，要使船以最短时间渡河，则()A. 船渡河的最短时间是24 sB. 在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C. 船在河水中航行的轨迹是一条直线D. 船在河水中的最大速度为5 m/s【答案】BD【解析】【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短根据两分运动的运动情况判断合运动的轨迹【详解】AB当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，则有s=40s故A错误，B正确；C船在垂直河岸方向做匀速直线运动，在沿河岸方向，由于水流速在变，做变速运动，两合运动的轨迹是曲线，故C错误；D根据运动的合成，可知船在河水中的最大速度为m/s=5m/s故D正确。故选BD。10.在发射卫星的过程中，卫星首先从低轨道进入椭圆轨道，然后在 Q 点通过改变卫星速度，让卫星进入高轨道轨道则（ ）A. 该卫星的发射速度必定小于 11.2km/sB. 卫星在 Q 点通过加速实现由轨道进入轨道C. 卫星在轨道上的运行速度大于 7.9km/sD. 在轨道上，卫星在 P 点速度大于在 Q 点的速度【答案】ABD【解析】【详解】A、发射速度要大于等于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故选项A正确；B、通过在点加速使卫星由原来的向心运动变为圆周运动，由轨道进入轨道，故选项B正确；C、第一宇宙速度为卫星的运行的最大速度，在轨道上的运行速度小于7.9km/s，故选项C错误；D、在轨道上，近地点速度大，远地点速度小，则卫星在P点的速度大于在Q点的速度，故选项D正确11.如图所示，物体A、B经无摩擦的定滑轮用细线连在一起，A物体受水平向右的力F的作用，此时B匀速下降，A水平向左运动，可知（）A. 物体A做加速运动B. 物体A做减速运动C. 物体A所受摩擦力逐渐减小D 物体A所受摩擦力逐渐增大【答案】AC【解析】【详解】ABB匀速下降，A沿水平面向左做运动，如图所示：根据运动的合成与分解有解得是恒定的，向左运动过程中增大，故减小，则增大，所以A在水平方向上向左做加速运动，故A正确，B错误；C因为B匀速下降，所以B受力平衡，B所受绳拉力为A受斜向上的拉力等于B的重力，如图所示 在图中把拉力分解成竖着方向和水平方向在竖直方向上有由于绳子与水平方向的夹角增大，所以增大，支持力减小，根据摩擦力公式可知摩擦力减小，故C正确，D错误。故选AC。12.如图所示，倾角为的斜面体固定在水平面上，两个可视为质点的小球甲和乙分别沿水平方向抛出，两球的初速度大小相等，已知甲的抛出点为斜面体的顶点，经过一段时间两球落在斜面上的A、B两点后不再反弹，落在斜面上的瞬间，小球乙的速度与斜面垂直忽略空气的阻力，重力加速度为g.则下列选项正确的是()A. 甲、乙两球在空中运动的时间之比为tan2 1B. 甲、乙两球下落的高度之比为4tan4 1C. 甲、乙两球的水平位移之比为tan 1D. 甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为2tan2 1【答案】BD【解析】【详解】A.由小球甲的运动可知，tan ，解得t，落到斜面上的速度与竖直方向夹角的正切值为tan ，解得，则甲、乙两球在空中运动的时间之比为tt2tan2 1，故A错误；B.由hgt2可知甲、乙两球下落的高度之比为4tan4 1，故B正确；C.由xv0t可知甲、乙两球的水平位移之比为2tan2 1，故C错误；D. 甲球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值为tan 甲2tan ，乙球落到斜面上的速度与水平方向夹角的正切值为tan 乙，甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为tan 甲：tan 乙=2tan2 1，故D正确。故选：BD二、填空题（本题共两个小题，共14分，每空2分。）13.如图甲所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明A、B两球在_（选填“水平”或“竖直”）方向的运动情况相同如图乙所示的实验中，将两个相同的倾斜轨道固定在同一竖直面内，使两轨道的末端水平，轨道2的末端与光滑水平面平滑连接把两个质量相等的小钢球C、D从轨道的相同位置由静止同时释放，C球_（选填“能”或“不能”）击中D球，这说明C球做平抛运动时，在水平方向做_运动【答案】 (1). 竖直 (2). 能 (3). 匀速直线【解析】【详解】在如图甲演示实验中，A、B同时落地，可知B球在竖直方向上的运动规律与A球相同在如图乙所示的实验中，把两个质量相等的小钢球C、D从轨道的相同位置由静止同时释放，C球能击中D球，说明C球在水平方向上的运动规律与D球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动14.某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点，如图所示（轨迹已擦去），已知小方格纸的边长L=2.5cm，g取10m/s2，请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：（1）小球从ab，bc，cd所经历的时间 _（填“相等”或“不相等”）；（2）平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，根据小球从ab，bc，cd竖直方向位移差，求出小球从ab，bc，cd所经历的时间是 _；（3）根据水平位移，求出小球平抛运动的初速度v0=_；（4）从抛出点到b点所经历的时间是_.【答案】 (1). 相等 (2). 0.05 s (3). 1 m/s (4). 0.075 s【解析】【详解】（1）1根据水平距离相等，在水平方向做匀速运动，可知所经历的时间相等；（2）2竖直方向有，可得（3）3小球平抛运动的初速度（4）4b点的竖直速度为由得三、计算题。（共3个小题，共38分，计算题必须书写过程，只写结果的不得分，所有答案请填写在答题卡规定的位置）。15.长为L的细线，拴一质量为m的小球，一端固定于O点让其在水平面内做匀速圆周运动(这种运动通常称为圆锥摆运动)，如图.求摆线L与竖直方向的夹角为时：(1)线的拉力F；(2)小球运动的线速度的大小；(3)小球运动的角速度及周期【答案】（1） ； （2）；（3） ；【解析】【详解】(1)做匀速圆周运动的小球受力分析如图所示小球受重力mg和绳子的拉力F.因为小球在水平面内做匀速圆周运动，所以小球受到的合力指向圆心O，且沿水平方向由平行四边形定则得小球受到的合力大小为mgtan，绳对小球的拉力大小为(2)由牛顿第二定律得由几何关系得所以小球做匀速圆周运动的线速度的大小为(3)小球运动的角速度小球运动的周期16.载人登月计划是我国的“探月工程”计划中实质性的目标假设宇航员登上月球后，以初速度v0竖直向上抛出一小球，测出小球从抛出到落回原处所需的时间为t.已知引力常量为G，月球的半径为R，不考虑月球自转的影响，求：(1)月球表面的重力加速度大小；(2)月球的质量M；(3)飞船贴近月球表面绕月球做匀速圆周运动的周期T.【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)小球在月球表面上做竖直上抛运动，有月球表面的重力加速度大小 (2)假设月球表面一物体质量为m，有 月球的质量 (3)飞船贴近月球表面做匀速圆周运动，有 飞船贴近月球表面绕月球做匀速圆周运动周期17.如图所示，轨道 ABCD 的 AB 段为一半径 R =0.2 m 的光滑圆形轨道BC段为高为 h =5 m 的竖直轨道，CD 段为水平轨道一质量为 0.1 kg 的小球由 A 点从静止开始下滑到 B 点时速度的大小为 2 m /s，离开 B 点做平抛运动（g 取 10 m /s2），求：（1）小球离开 B 点后，在 CD 轨道上的落地点到 C 的水平距离；（2）小球到达 B 点时对圆形轨道的压力大小？（3）如果在 BCD轨道上放置一个倾角q45斜面（如图中虚线所示），那么小球离开 B 点后能否落到斜面上？如果能，求它第一次落在斜面上时下落的高度【答案】（1）2m（2）3N（3）能，0.8m【解析】【详解】解：(1)设小球离开点做平抛运动的时间为，落地点到点距离为竖直方向：解得：水平方向：(2)小球达受重力和向上的弹力作用，根据向心力公式和牛顿第二定律得：解得：由牛顿第三定律知球对的压力，即小球到达点时对圆形轨道的压力大小为3N，方向竖直向下(3)如图，斜面的倾角，则有因为，所以小球离开点后能落在斜面上，假设小球第一次落在斜面上点，长为，小球从点到点的时间为则有：，联立解得：它第一次落在斜面上时下落的高度：