高一物理牛顿运动定律全章测试题.doc

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高一物理牛顿运动定律综合测试题 1
一．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.
1．下面单位中是国际单位制中的基本单位的是 （ ）
A．kg Pa m B．N s m
C．摩尔 开尔文 安培 D．牛顿 秒 千克
2．一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论正确的是 （ ）
A．车速越大，它的惯性越大
B．质量越大，它的惯性越大
C．车速越大，刹车后滑行的路程越长
D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大
3．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为（g为重力加速度）。人对电梯底部的压力大小为 （ ）
A． B．2mg C．mg D．
4．一轻弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm．再将重物向下拉1cm，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是 （ ）
A．2.5 m/s2 B．7.5 m/s2 C．10 m/s2 D．12.5 m/s2
F
5．如图所示，一物块位于光滑水平桌面上，用一大小为F 、方向如图所示的力去推它，使它以加速度a右运动。若保持力的方向不变而增大力的大小，则 （ ）
A．a 变大 B．不变
C．a变小 D．因为物块的质量未知，故不能确定a变化的趋势
6．如图所示，两物体A和B，质量分别为，m1和m2，相互接触放在水平面上．对物体A施以水平的推力F，则物体A对物体B的作用力等于 （ ）
A

F

B

m1

m2

A． B．
C．F D．
7．在升降机内，一个人站在磅秤上，发现自己的体重减轻了20％，于是他做出了下列判断中正确的是 （ ）
A．升降机以0.8g的加速度加速上升 B．升降机以0.2g的加速度加速下降
C．升降机以0.2g的加速度减速上升 D．升降机以0.8g的加速度减速下降
8．竖直向上射出的子弹，到达最高点后又竖直落下，如果子弹所受的空气阻力与子弹的速率大小成正比，则 （ ）　　　
A．子弹刚射出时的加速度值最大 B．子弹在最高点时的加速度值最大
C．子弹落地时的加速度值最小 D．子弹在最高点时的加速度值最小
9. 如图，物体A、B相对静止，共同沿斜面匀速下滑，正确的是 （ ）
B
A
V
θ
A． A与B间 没有摩擦力  
B．B受到斜面的滑动摩擦力为mBgsinθ
C．斜面受到B的滑动摩擦力，方向沿斜面向下  
D．B与斜面的滑动摩擦因素 μ= tan θ
10．如图所示，一个箱子放在水平地面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆上套着一个环．箱和杆的质量为M，环的质量为m．已知环沿着杆加速下滑，环与杆的摩擦力的大小为f，则此时箱对地面的压力 （ ）
A．等于Mg B．等于(M+m)g
C．等于Mg+f D．等于(M+m)g − f
三．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
θ
14．在汽车中悬挂一小球，当汽车在作匀变速运动时，悬线不在竖直方向上，则当悬线保持与竖直方向夹角为θ时，汽车的加速度有多大？并讨论汽车可能的运动情况。

15．一水平的传送带AB长为20m，以2m/s的速度顺时针做匀速运动，已知物体与传送带间动摩擦因数为0.1，则把该物体由静止放到传送带的A端开始，运动到B端所需的时间是多少？
A

B

v

F

16．物体质量m = 6kg，在水平地面上受到与水平面成370角斜向上的拉力F = 20N作用，物体以10m/s的速度作匀速直线运动，求力F撤去后物体还能运动多远？

17．在水平面上放一木块B，重力为G2 = 100N。再在木块上放一物块A，重力G1 = 500N，设A和B，B和地面之间的动摩擦因数μ均为0.5，先用绳子将A与墙固定拉紧，如图所示，已知θ = 37º，然后在木块B上施加一个水平力F，若想将B从A下抽出，F最少应为多大？
B
A
θ
F

18．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A 、B ．它们的质量分别为mA、mB，弹簧的劲度系数为k , C为一固定挡板。系统处于静止状态。现开始用一恒力F沿斜面方向拉物块A 使之向上运动，求物块B 刚要离开C时物块A 的加速度a 和从开始到此时物块A 的位移d。

C
θ
A
B

高一物理牛顿运动定律综合测试题
参考答案
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
BC
D
A
A
B
BC
AC
CD
C
三、本题共小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。 有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
F
G
θ
14: F tanθ = ma a = gtanθ
物体向右做匀加速；物体向左做匀减速
G
G
G
FN
15．Μmg = ma a = μg = 1m/s2 t1 = v/a =1s
x1 = at2/2 = 2m x2 = x—x1=20m—2m=18m
t2 = x2/v = 9s
t = t1+t2 = 11s
A

B

v

Ff

F

G
Ff
FN

16：Fcosθ—μFN = 0 FN + Fsinθ—mg = 0
G1+G2
F
FT

FNB
Ff2
μ = 1/3 a = μg = 10/3 m/s2
FT

G1
Ff1
FNA
x = 15m

17:

B
A
θ
F

FTcosθ—μFNA = 0
FNA + FTsinθ—G1 = 0 FT = 227.3N
F — μFNB — FTcosθ=0
FTsinθ + FNB — G1 — G2 = 0 F = 413.6N

18.
C
θ
A
B
kx1 = mAgsinθ
kx2 = mBgsinθ
F— kx2 — mAgsinθ = mAa
a = (F— mAgsinθ— mBgsinθ)/mA
d = x1 + x2 = (mA + mB)gsinθ/k