辽宁省沈阳市2021年中考物理一模试题.doc

辽宁省沈阳市2021年中考物理一模试题辽宁省沈阳市2021年中考物理一模试题年级：姓名：2021年辽宁省沈阳中考物理一模试卷一、选择题（第1题第6题为单选题，每题2分；第7题第9题为多选题，每题3分，多选、错选不得分，漏选得1分。共计21分）。1下列物理量的估计，最接近实际的是（）A学生用的单人跳绳长度约为8dmB洗澡水的温度为80C手机正常通话时电流约为1AD一个苹果的质量约为200g2音乐会上小提琴演奏乐曲时，下列说法正确的是（）A演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变声音的响度B演奏时，用力拉小提琴的同一琴弦可提高声音的音调C小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵D小提琴的音色和二胡的音色相同3如图所示，简易的太阳能净水器可以将污水净化并收集起来。在净水的过程中，以下说法正确的是（）A污水变成水蒸气的过程需要吸热，是升华现象B污水变成水蒸气的过程需要放热，是汽化现象C水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是液化现象D水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是凝华现象4如图，小明站在白云湖边看到小鱼在水中游动，同时发现一只“鸟”在水中飞翔，似乎在模仿水面上方另一只鸟的飞翔动作。以下说法正确的是（）A小明看到的鱼是光的反射形成的虚像B小明看到的鱼是光的折射形成的实像C水中的“鸟”到水面的距离小于空中的鸟到水面的距离D如果此时下雨，水面折皱，水中的“鸟”和鱼都“不见了”，但光的反射和折射规律不会改变，只是不能形成清晰的像5如图所示的滚摆实验中，关于滚摆的能量转化情况，下列说法正确的是（）A滚摆上升时动能转化为重力势能B滚摆下降时动能转化为重力势能C滚摆上升、下降交替运动过程中机械能不断增加D滚摆运动时，空气的内能转化为滚摆的机械能6同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（）A甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，海绵凹陷越明显B乙图实验，当压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差不变C丙图实验，测出拉开吸盘时的拉力，可得出大气对吸盘的压力，再测出吸盘的面积，可估测大气压强的值D丁图实验，托里拆利实验测出大气压的大小，由此可判断此时水的沸点高于1007如图所示，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是（）A此时烛焰在光屏上的成像特点与投影仪成像特点相同B若蜡烛移至20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像C若蜡烛移至45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像D在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，将光屏左移可再次成清晰的像8如图为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R10，R0为湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，R0的阻值范围为1020，电压表接入电路的量程为“03V”，电流表接入电路的量程为“00.6A”。闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两表安全的情况下，下列说法正确的是（）AR0两端的电压变小B电压表示数与电流表示数的比值变大C经过R0的最大电流为0.3AD电阻R消耗的最大功率为0.9W9在相同的溢水杯中分别盛满不同的液体，再放入两个完全相同的小球，如图所示。当小球静止时，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别是0.4N和0.5N，取g10N/kg，则下列说法正确的是（）A小球的质量是 50gB甲杯中小球受到的浮力小于 0.4NC甲杯中液体对杯底的压强等于乙杯内液体对容器底部的压强D甲杯内液体对杯底的压力小于乙杯内液体对杯底的压力二、填空题（每空1分，共18分）10（2分）为了消防安全，楼房每层必须配备灭火器。用力压下手柄过程中，手柄相当于一个 杠杆；灭火器里的干粉能喷出是因为灭火器内的气压 外界大气压。（选填“大于”、“小于”或“等于”）11（2分）“蒹葭苍苍，白露为霜。所谓伊人，在水一方。”这句诗出自中国第一部诗歌总集诗经从物理学角度分析，诗中的“露”和“霜”分别是物态变化中的 现象和 现象。12（2分）如图所示，汽车前方的盲区是由于车身阻挡了驾驶员视线而形成的。盲区的形成是由于光的 ；汽车的倒车雷达是利用 （填“超声波”或“次声波”）来工作的。13（2分）如图所示，一个竖直悬挂在水中重18N的正方体，上表面受到水的压力为4N，下表面受到水的压力为10N，那么它受到水的浮力为 N，密度是 kg/m3。14（2分）我国自主研制的北斗卫星导航系统圆满完成组网。北斗卫星可利用太阳能电池板获得能量，太阳能属 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。卫星利用 （选填“电磁波”或“超声波”）与地面站通信。15（2分）某款空气净化器的静电除尘方法是：使空气中的尘埃带上电荷，尘埃就能被吸附到带电金属网上，则尘埃和金属网应该带 （选填“同种”或“异种”）电荷。为了方便移动这台净化器，在它的下面装上轮子，目的是为了 （选填“增大”或“减小”）摩擦力。16（2分）在探究“让线圈转起来”的实验中，小明用永磁铁、一节干电池、线圈、金属支架组装了如图所示的装置，用绝缘胶带将支架固定在电池两端，将磁铁放在电池侧壁上，再将线圈一端的绝缘漆全部刮去，另一端的绝缘漆只刮去一半后，放在支架上，线圈即可持续转动，这个装置与 的工作原理相同（选填“电动机”或“发电机”），只改变电流的方向，线圈的转动方向 改变。（选填“会”或“不会”）17（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L上标有“6V 0.6W”的字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯泡L正常发光，电压表示数为6V，滑动变阻器的最大阻值为 ；当滑片P移到阻值最大处时，灯泡L两端的实际电压为 。18（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出，而上面的棋子落下，这是因为上面的棋子具有 ；不计阻力，棋子下落过程中机械能 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）三、计算题（每题9分，共18分）19（9分）2018年5月13日，中国首艘国产航母001A型航空母舰离开大连港码头，开始海试。（水1.0103kg/m3，g取10N/kg）请问：（1）航母001A设计排水量6.7104t，那么它满载时受到的浮力是多少？（2）海面下8m处的压强是多少？（3）一位体重为600N的歼15舰载机飞行员，每只脚与水平甲板的接触面积是200cm2，则他双脚站立时对甲板的压强是多少？20（9分）如图所示，灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻变化），定值电阻R128，当开关S1、S2、S3全部闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.75A求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R0的大小；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的功率。四、实验作图题（每空一分，共22分）21（6分）如图甲是探究“冰熔化时温度变化规律”的实验装置，刚开始加入100g冰。（1）实验中通过水对试管加热，而不是直接加热试管，目的是 ；（2）加热过程中某时刻温度计示数如图甲所示，该物质此时的温度为 ；（3）实验中每隔一分钟记录一次物质的温度及对应状态，并记录数据，作出温度随时间变化的规律图像，如图乙所示由图像可知：冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是 ；该物质在CD段的比热容是AB段比热容的 倍（被加热物质的质量和吸、放热功率不变）。该物质在 段（选填“AB”或“CD”）吸热能力更强。22（6分）在“探究平面镜成像的特点”实验中。（1）实验室提供平面镜、茶色玻璃板和透明玻璃板，应选 作为实验器材，这样做的目的是为了便于 ；（2）如图1，小丁把四个模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用于研究像与物左右位置的关系。其中能够达到实验目的是 ；（3）在白天照镜子的时候，为了更清楚的看清楚自己的脸，应该 （填“镜子面对窗户”或“脸面对窗户”），这是因为 ；（4）图2是小丁本人，小丁在平面镜中看到自己的像，是图3中的 （填序号）。23（5分）小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素，如甲，乙、丙所示（1）如图中是通过观察 来比较压力作用效果的（2）通过比较图甲和图乙，说明 ，压力的作用效果越明显（3）通过比较图 （请序号）说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，分析丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p的大小关系为p p（填“”“”或“”）（5）实验时，如果将小桌换成砖块，并将砖块延竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，小明发现他们对海绵的压力作用效果相同，由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关，你认为他在探究过程中存在的问题是 24（5分）学校科技创新小组用伏安法测量小灯泡的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请用笔画线代替导线，完成图甲中实物电路的连接，要求：滑片P向右移动时，电流表示数变小；连线不能交叉；（2）检查电路无误后，闭合开关，灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零，导致这一现象的原因可能是 ；A.电压表短路B.电压表断路C.滑动变阻器短路D.小灯泡断路（3）通过移动滑动变阻器的滑片P记录了多组数据，并作出了如图丙所示的IU图像，由图可知小灯泡正常发光时的电阻为 。（4）若实验室滑动变阻器有两种规格，则小明选择的滑动变阻器规格应 。A.30 5AB.10 0.1A（5）完成测量后小明认为还可以用上述器材探究“电流与电压关系”，小李认为用上述器材不能完成此探究，你认为小李判断的理由是 。五、实验综合题（每空1分，共6分）25（6分）请阅读温度计及其现代发展并回答问题。温度计及其现代发展2020年初，一场新冠肺炎疫情蔓延全国，为了保障大家的安全，各大医院设置体温监测点，合理、安全分诊发热患者。各小区、路口、商场、车站都安排了体温监测，排查疑似病例。真正把体温测量用于临床诊断的是德国医生冯德利希在1858年提出并实施的。当时水银温度计不能离开人体读数，因为温度计离开人体，一遇冷空气，指示的温度就降下来。英国医生阿尔伯特解决了这个难题：他在温度计的水银管里造一处狭道，体温计放在嘴里水银柱上升到实际体温刻度，取出后水银柱在狭道处断开，使狭道以上的部分始终保持体温示数。这样便诞生了医用体温计，如图1所示。为什么会采用水银作为介质呢？主要原因是水银的内聚力大，不浸润玻璃，能在收缩时在缩口处断开，从而实现离开人体读数。同时，水银的密度大，比同体积的酒精或煤油的惯性大，保证它能在使用前被甩回到玻璃泡内。随着电子技术的发展，20世纪70年代出现了电子体温计，如图2所示。现在的电子体温计通过液晶直接显示体温，有的可以精确到0.01。温度的测量看起来简单，实际上在很多场合需要一些技巧。体温计只是一例。又如，炼铁时的温度高达1000以上，这时不能使用通常的温度计，因为玻璃会熔化。应该使用什么样的温度计呢？1821年物理学家塞贝克将两种不同的金属导线连接在一起，构成一个电流回路，如图3所示。如果把其中的一个接触点B加热，另一个接触点A保持低温，环路里产生电流。两个接头的温度差越大，电流就越强。这就是塞贝克效应，这种电路叫热电偶。根据这个道理制造出了热电偶温度计，它能直接放入高温炉里测温，如图4所示。辐射温度计也能测量上千摄氏度甚至上万摄氏度的高温。它通过光学方法测定物体的辐射，进而得知物体温度。新式“非接触红外线温度计”又叫“测温枪”，如图5所示，只要把“枪口”对准待测物体，“枪尾”的显示屏里就能用数字直接报告那个物体的温度。除了可以方便地测量体温，这种奇妙的“手枪”还可以测量从零下几十摄氏度到上千摄氏度范围内的温度呢！请根据上述材料，回答下列问题。（1）如图1所示的常见医用体温计是根据 的规律制成的。（2）医用体温计常用水银作为介质，主要原因之一是 。A.水银的熔点低B.水银的内聚力大C.水银的毒性对人体不产生影响（3）在熔化金属时，可以选用哪种温度计 。A.水银体温计B.酒精温度计C.热电偶温度计（4）如图6所示的探针式食品温度计，它的工作原理可能与 的工作原理相同。A.水银体温计B.热电偶温度计C.测温枪（5）测温枪是利用了人体辐射的 （“紫外线”或“红外线”）来测量体温的。（6）常用水银体温计的横切面做成三角形，是利用了凸透镜成正立、 （填“放大”、“缩小”、“等大”）的虚像的原理。2021年辽宁省沈阳十二中中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（第1题第6题为单选题，每题2分；第7题第9题为多选题，每题3分，多选、错选不得分，漏选得1分。共计21分）。1（2分）下列物理量的估计，最接近实际的是（）A学生用的单人跳绳长度约为8dmB洗澡水的温度为80C手机正常通话时电流约为1AD一个苹果的质量约为200g【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，跳绳的长度略大于此数值，在200cm20dm左右。故A不符合实际；B、人体正常体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40左右，不可能达到80故B不符合实际；C、手机工作电流很小，通话时的电流一般不超过0.1A故C不符合实际；D、三个苹果的质量约500g，一个苹果的质量接近200g。故D符合实际。故选：D。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2（2分）音乐会上小提琴演奏乐曲时，下列说法正确的是（）A演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变声音的响度B演奏时，用力拉小提琴的同一琴弦可提高声音的音调C小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵D小提琴的音色和二胡的音色相同【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；声音的传播需要介质。【解答】解：A、演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变琴弦振动的频率，即改变声音的音调，故A错误；B、演奏时，用力拉紧小提琴的同一琴弦，琴弦的振幅大，响度大，改变的是响度，故B错误；C、声音的传播需要介质，小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵的，故C正确；D、小提琴和二胡是不同的乐器，发出声音的音色不同，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了声音的特征，只要对三个特征（音调、响度、音色）有深刻的认识，将知识与生活有机的结合起来，即可轻松解答。3（2分）如图所示，简易的太阳能净水器可以将污水净化并收集起来。在净水的过程中，以下说法正确的是（）A污水变成水蒸气的过程需要吸热，是升华现象B污水变成水蒸气的过程需要放热，是汽化现象C水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是液化现象D水蒸气变成小水滴的过程需要放热，是凝华现象【分析】（1）物质从液态变成气态的过程称为汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式；（2）物质从气态变成液态的过程称为液化。【解答】解：AB、污水杯中的水分首先从液态变成气态的水蒸气，发生汽化现象，汽化需要吸热。故AB错误；CD、汽化后的水蒸气遇到塑料瓶做的外罩，凝结成液态的小水珠，发生液化现象，小水珠越积越多，最后落下来，被收集到洁净水收集杯中。液化需要放热。故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查汽化和液化在日常生活中的应用，体现了物理知识和生活实际的联系，充分体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。4（2分）如图，小明站在白云湖边看到小鱼在水中游动，同时发现一只“鸟”在水中飞翔，似乎在模仿水面上方另一只鸟的飞翔动作。以下说法正确的是（）A小明看到的鱼是光的反射形成的虚像B小明看到的鱼是光的折射形成的实像C水中的“鸟”到水面的距离小于空中的鸟到水面的距离D如果此时下雨，水面折皱，水中的“鸟”和鱼都“不见了”，但光的反射和折射规律不会改变，只是不能形成清晰的像【分析】要解决此题，需要掌握平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。要掌握光的折射现象。我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。光的反射分为漫反射和镜面反射两类，镜面反射和漫反射的相同点就是都遵循反射定律。【解答】解：（1）因为鱼儿是在水中的实际物体，是由于光线从水中通过空气折射进入了人的眼睛，我们看到水中的鱼，其实看到的是鱼的虚像，是由光的折射形成的，故AB错误；（2）水面相当于平面镜，因为平面镜所成的像是正立、等大的虚像，物体和像关于平面镜对称，物体动，像随之动，所以水中的“鸟”到水面的距离等于空中的鸟到水面的距离。故C错误；（3）如果此时下雨，水面折皱，将发生漫反射，漫反射的光线射向各个方向，反射光线没有射向人的眼睛，所以水中的“鸟”和鱼都“不见了”，但光的反射和折射规律不会改变，只是不能形成清晰的像，故D正确。故选：D。【点评】解答此题的关键是熟练掌握光的折射规律和平面镜所成的像是虚像，物体和像关于平面镜对称的特点。此题难度不大，属于基础题。5（2分）如图所示的滚摆实验中，关于滚摆的能量转化情况，下列说法正确的是（）A滚摆上升时动能转化为重力势能B滚摆下降时动能转化为重力势能C滚摆上升、下降交替运动过程中机械能不断增加D滚摆运动时，空气的内能转化为滚摆的机械能【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大、高度越高，重力势能越大；由于空气阻力，滚摆的机械能将逐渐减小，并将机械能转化为内能。【解答】解：A、滚摆上升时，越滚越慢，质量不变、速度减小，动能减小；质量不变、高度增大，重力势能增大，故动能转化为重力势能；故A正确；B、滚摆下降时，越滚越快，质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度减小，重力势能减小，故重力势能转化为动能；故B错误；C、由于空气作用的缘故，机械能转化为内能，机械能会减小，滚摆上升、下降地交替运动一段时间后，将静止不动；故C错误；D、滚摆运动时，与空气摩擦，将机械能转化为内能。故D错误。故选：A。【点评】掌握动能、重力势能大小的影响因素，重力势能、动能是可以相互转化的。6（2分）同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（）A甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，海绵凹陷越明显B乙图实验，当压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差不变C丙图实验，测出拉开吸盘时的拉力，可得出大气对吸盘的压力，再测出吸盘的面积，可估测大气压强的值D丁图实验，托里拆利实验测出大气压的大小，由此可判断此时水的沸点高于100【分析】（1）压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；（2）液体内部的压强随深度的增加而增大；（3）知道压力和受力面积，利用p求压强；（4）实验时，管内外水银面的高度差就是当时的气压，液体的沸点随气压的减小而降低。【解答】解：A、甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，对海绵的压力越小，受力面积不变，对海绵的作用效果越不明显，故A错误；B、乙图实验，当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，液体内部的压强增大，金属盒受到的压强增大，U形管两边液面高度差变大，故B错误；C、丙图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力F和吸盘的面积S，大气压强p，故C正确；D、托里拆利实验中，管内外水银面高度差即为当时的大气压强，本题中20cm真空高度和10cm玻璃管浸入水槽中的深度为干扰条件，故大气压为75cm水银柱高；1标准大气压是76cm水银柱高，说明此时的气压低于1标准大气压。液体的沸点随气压的减小而降低，水在1标准大气压下的沸点是100，所以此时的沸点要低于100，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强特点、大气压的应用等，是力学综合题，知识点多、但难度不大。7（3分）如图所示，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是（）A此时烛焰在光屏上的成像特点与投影仪成像特点相同B若蜡烛移至20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像C若蜡烛移至45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像D在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，将光屏左移可再次成清晰的像【分析】A、当u2f、fv2f时，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；B、想使蜡烛在光屏上所成像变大，应减小物距，增大像距；C、当uf时，成正立，放大的虚像；D、近视镜是发散透镜，对光线由发散作用。【解答】解：A、由图可知，物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机，故A错误；B、蜡烛移至20cm刻度线处，当u2f、fv2f时，成倒立、缩小的实像，物距变大，并将光屏向左移动，像距变小，像变小。故B正确；C、若蜡烛移至45cm刻度线处，uf时，成正立，放大的虚像，光屏上没用像，故C错误；D、在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，近视镜是发散透镜，对光线由发散作用，成的像要远离凸透镜，故将光屏右移可再次成清晰的像，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。8（3分）如图为一种测量环境湿度的仪器和它的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R10，R0为湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，R0的阻值范围为1020，电压表接入电路的量程为“03V”，电流表接入电路的量程为“00.6A”。闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两表安全的情况下，下列说法正确的是（）AR0两端的电压变小B电压表示数与电流表示数的比值变大C经过R0的最大电流为0.3AD电阻R消耗的最大功率为0.9W【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当环境的湿度增加时，R0随环境湿度的增加而减少，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化；（2）当R010时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大即经过R0的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出最大电流，根据PI2R求出R消耗的电功率。【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当环境的湿度增加时，因R0随环境湿度的增加而减小，根据串联电路分压特点，R0两端电压U0会变小，故A正确；B、由图可知，电压表测R两端电压，电流表测R电流，由R可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；C、当R010时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电路中的最大电流：I大0.3A，故C正确；D、根据PUII2R可知，当R不变时，电流越大，电阻消耗的功率越大；R消耗的最大电功率：PR大（I大）2R（0.3A）2100.9W，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，要注意电路中最大电流和最小电流的判断。9（3分）在相同的溢水杯中分别盛满不同的液体，再放入两个完全相同的小球，如图所示。当小球静止时，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别是0.4N和0.5N，取g10N/kg，则下列说法正确的是（）A小球的质量是 50gB甲杯中小球受到的浮力小于 0.4NC甲杯中液体对杯底的压强等于乙杯内液体对容器底部的压强D甲杯内液体对杯底的压力小于乙杯内液体对杯底的压力【分析】（1）利用阿基米德原理求出小球在乙杯中受到的浮力，利用漂浮条件可求小球的重力，再利用Gmg求其质量；（2）利用阿基米德原理求出小球在甲杯中受到的浮力；（3）根据漂浮和下沉时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系；根据pgh可知杯内液体对杯底压强的关系；（4）由于溢水杯相同，底面积相同，再利用Fps得出压力大小关系。【解答】解：A、乙杯中小球受到的浮力F乙浮G排乙0.5N，因为乙球漂浮，所以G球F乙0.5N，球的质量m球0.05kg50g，故A正确；B、甲杯中小球受到的浮力F甲浮G排甲0.4N，故B错；C、因为乙球漂浮，所以乙杯内液体的密度乙球，因为甲球下沉，沉入水底，所以甲杯内液体的密度甲球，两种液体的密度：乙甲；又因为两容器液面等高，pgh，所以两种液体对容器底压强：p乙p甲，即甲杯中液体对杯底的压强小于乙杯内液体对容器底部的压强，故C错；D、因为溢水杯相同，底面积相同，Fps，所以两种液体对容器底压力：F乙F甲，即甲杯中液体对杯底的压力小于乙杯内液体对容器底部的压力，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和液体压强公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件（密度关系）得出两液体的密度关系。二、填空题（每空1分，共18分）10（2分）为了消防安全，楼房每层必须配备灭火器。用力压下手柄过程中，手柄相当于一个省力杠杆；灭火器里的干粉能喷出是因为灭火器内的气压大于外界大气压。（选填“大于”、“小于”或“等于”）【分析】（1）杠杆分类：动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；（2）根据内外气压的大小分析。【解答】解：（1）用力压下手柄过程中，手柄的动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；（2）灭火器在使用的过程中，里面的气压大于外界的气压，干粉在压强差的作用下被喷出。故答案为：省力；大于。【点评】本题利用考查了学生对杠杆分类方法、大气压强的了解与掌握，利用所学知识解释了有关灭火器的几个问题，体现了学以致用，有意义！11（2分）“蒹葭苍苍，白露为霜。所谓伊人，在水一方。”这句诗出自中国第一部诗歌总集诗经从物理学角度分析，诗中的“露”和“霜”分别是物态变化中的液化现象和凝华现象。【分析】物体由气态直接变为固态的现象叫凝华；物体由气态变为液态的现象叫液化；根据我们对于凝华和液化的了解来作答。【解答】解：露是液体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为液态的现象叫液化；霜是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为固态的现象叫凝华。故答案为：液化； 凝华。【点评】此题考查我们对于液化和凝华的理解，物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握。12（2分）如图所示，汽车前方的盲区是由于车身阻挡了驾驶员视线而形成的。盲区的形成是由于光的直线传播；汽车的倒车雷达是利用超声波（填“超声波”或“次声波”）来工作的。【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；（2）现代汽车广泛利用了倒车雷达，它在工作时会发出超声波，这些声波遇到障碍物时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，可以确定障碍物的位置。【解答】解：（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；故盲区的形成是光由于车前框的遮挡进入不了驾驶员的眼睛；（2）倒车雷达利用反射的超声波来区分障碍物的距离，是利用了超声波传递信息。故答案为：直线传播；超声波。【点评】此题考查了光的直线传播，以及超声波的利用，是识记性题目。13（2分）如图所示，一个竖直悬挂在水中重18N的正方体，上表面受到水的压力为4N，下表面受到水的压力为10N，那么它受到水的浮力为6N，密度是3103kg/m3。【分析】（1）利用浮力产生的实质F浮F下表面F上表面求正方体受到水的浮力；（2）求出了正方体受到的浮力，知道水的密度，利用阿基米德原理求排开水的体积（正方体的体积）；利用m求正方体的质量，最后利用计算其密度。【解答】解：（1）正方体受到水的浮力：F浮F下表面F上表面10N4N6N；（2）由F浮水V排g得正方体的体积：VV排6104m3；正方体的质量：m1.8kg，正方体的密度：3103kg/m3。故答案为：6；3103。【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理和称重法测浮力的应用，计算时注意物体浸没时排开液体的体积与自身的体积相等。14（2分）我国自主研制的北斗卫星导航系统圆满完成组网。北斗卫星可利用太阳能电池板获得能量，太阳能属可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。卫星利用电磁波（选填“电磁波”或“超声波”）与地面站通信。【分析】（1）能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得的能源是不可再生能源；（2）卫星通信利用电磁波传递信息的。【解答】解：太阳能可从自然界不断获得，属可再生能源；我国使用的“北斗”卫星移动通信是利用电磁波传递信息的。故答案为：可再生；电磁波。【点评】本题考查了能源的分类和电磁波的应用，难度不大，熟练掌握相关的基础知识是正确解题的关键。15（2分）某款空气净化器的静电除尘方法是：使空气中的尘埃带上电荷，尘埃就能被吸附到带电金属网上，则尘埃和金属网应该带异种（选填“同种”或“异种”）电荷。为了方便移动这台净化器，在它的下面装上轮子，目的是为了减小（选填“增大”或“减小”）摩擦力。【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）在压力一定的情况下，增大触面的粗糙程度，可以增大摩擦力；减小接触面的粗糙程度，可以减小摩擦力；把滑动变为滚动可以减小摩擦。【解答】解：（1）使空气中的尘埃带上电荷，尘埃就能被吸附到带电金属网上，则尘埃和金属网应该带异种电荷，相互吸引；（2）为了方便移动这台净化器，在它的下面装上轮子，把滚动变为滑动，减小摩擦力。故答案为：异种；减小。【点评】本题考查电荷之间的相互作用及摩擦力的大小，难度不大。16（2分）在探究“让线圈转起来”的实验中，小明用永磁铁、一节干电池、线圈、金属支架组装了如图所示的装置，用绝缘胶带将支架固定在电池两端，将磁铁放在电池侧壁上，再将线圈一端的绝缘漆全部刮去，另一端的绝缘漆只刮去一半后，放在支架上，线圈即可持续转动，这个装置与电动机的工作原理相同（选填“电动机”或“发电机”），只改变电流的方向，线圈的转动方向会改变。（选填“会”或“不会”）【分析】（1）据该装置工作时的能量转化分析即可判断；（2）通电导体在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。【解答】解：线圈通电后可持续转动，说明通电导体在磁场中受力的作用，线圈转动过程中，消耗电能，产生机械能和内能，与电动机的原理相同；通电导体在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，故只改变电流的方向或磁场的方向，线圈的转动方向会发生改变。故答案为：电动机；会。【点评】此题考查了电动机的原理、通电导线在磁场中受力的作用的方向的判断等知识点，是一道基础题。17（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L上标有“6V 0.6W”的字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯泡L正常发光，电压表示数为6V，滑动变阻器的最大阻值为120；当滑片P移到阻值最大处时，灯泡L两端的实际电压为4V。【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据PUI的变形公式算出小灯泡的电阻；（1）当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，其两端的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点算出电源电压；再通过欧姆定律计算出此时电路中的电流和滑动变阻器的电阻，即可计算出滑动变阻器的最大电阻。（2）当滑片P移到阻值最大处时，此时电路中的总电阻，再根据欧姆定律计算出电路中的电流，再根据欧姆定律变形公式计算出灯泡L两端的实际电压。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。根据PUI知小灯泡的电阻为：RL60；（1）当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，其两端的电压UL6V，滑动变阻器两端的电压为6V，根据串联电路电压的规律知电源电压为：UUL+UV6V+6V12V；此时电路中的电流为：I0.1A，所以此时滑动变阻器的电阻为：R60，所以滑动变阻器的最大阻值为：R120。（2）当滑片P移到阻值最大处时，此时电路中的总电阻R总RL+R60+120180，此时电路中的电流为：IA，此时灯泡的实际电压为：U实IRLA604V。故答案为：120；4V。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。18（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出，而上面的棋子落下，这是因为上面的棋子具有惯性；不计阻力，棋子下落过程中机械能不变。（选填“变大”、“变小”或“不变”）【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性；（2）当物体没有对外做功，并且没有外物对其做功时，该物体的机械能不变。