2022版高考生物一轮复习-第5单元-遗传定律和伴性遗传-素养加强课4-基因自由组合定律在特殊情况下.doc

2022版高考生物一轮复习 第5单元 遗传定律和伴性遗传 素养加强课4 基因自由组合定律在特殊情况下的重点题型教案 苏教版必修2

2022版高考生物一轮复习 第5单元 遗传定律和伴性遗传 素养加强课4 基因自由组合定律在特殊情况下的重点题型教案 苏教版必修2

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素养加强课4 基因自由组合定律在特殊情况下的重点题型
类型一　基因间相互作用导致性状分离比的改变

(2019·全国卷Ⅱ)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。
实验①：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶
实验②：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株进行杂交，子代个体中绿叶∶紫叶＝1∶3
回答下列问题。
(1)甘蓝叶色中隐性性状是________，实验①中甲植株的基因型为________。
(2)实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________种基因型。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是______________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为________。
[审题指导]　(1)某种甘蓝叶色的绿色和紫色受两对独立遗传的基因A/a和B/b控制。(2)两对基因只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体表现显性性状。(3)绿叶甘蓝(甲)自交，子代都是绿叶；绿叶甘蓝(甲)与紫叶甘蓝(乙)杂交，子代绿叶∶紫叶＝1∶3。
[解析]　(1)(2)根据题干信息可知，甘蓝叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现为隐性性状，其他基因型的个体均表现为显性性状。由于绿叶甘蓝(甲)植株的自交后代都表现为绿叶，且绿叶甘蓝(甲)和紫叶甘蓝(乙)的杂交后代中绿叶∶紫叶＝1∶3，可推知甲植株的基因型为aabb，乙植株的基因型为AaBb。实验②中aabb(甲)×AaBb(乙)→Aabb(紫叶)、AaBb(紫叶)、aaBb(紫叶)、aabb(绿叶)，故实验②中子代有4种基因型。(3)紫叶甘蓝(丙)的可能基因型为AABB、AABb、AAbb、AaBb、AaBB、Aabb、aaBB、aaBb，甲植株与紫叶甘蓝(丙)植株杂交，可能出现的结果为aabb×Aabb→Aabb(紫叶)、aabb(绿叶)或aabb×aaBb→aaBb(紫叶)、aabb(绿叶)或aabb×AABB→AaBb(紫叶)或aabb×AABb→AaBb(紫叶)、Aabb(紫叶)或aabb×AAbb→Aabb(紫叶)或aabb×AaBB→AaBb(紫叶)、aaBb(紫叶)或aabb×aaBB→aaBb(紫叶)或aabb×AaBb→3紫叶∶1绿叶，故若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是Aabb、aaBb；若杂交子代均为紫色，则丙植株所有可能的基因型是AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb。aabb×AABB→F1：AaBb(紫叶)，F1自交，F2的基因型为9/16A_B_(紫叶)、3/16A_bb(紫叶)、3/16aaB_(紫叶)、1/16aabb(绿叶)，即紫叶∶绿叶＝15∶1。
[答案]　(1)绿色　aabb　(2)AaBb　4　(3)Aabb、aaBb　AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb　AABB

1．基因互作的类型
(1)原因分析
类型
F1(AaBb)自
交后代比例
F1测交
后代比例
①
存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
②
两种显性基因同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状
9∶7
1∶3
③
当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
④
只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现
15∶1
3∶1
⑤
双显基因和双隐基因表现相同，单显基因表现另一种性状
10∶6
2∶2
⑥
双显和某一单显基因表现一致，双隐和另一单显分别表现一种性状
12∶3∶1
2∶1∶1
(2)解题技巧
①看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。
②将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
③根据表现型写出对应的基因型。
④根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。
2．基因累加引起的性状分离比的偏离分析
相关比较
举例分析(以基因型AaBb为例)
自交后代比例
测交后代比例
显性基因在基因型中的个数影响性状原理
A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强
显性基因在基因型中的个数影响性状表现
AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb) ∶(Aabb、aaBb) ∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1
AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1

1．(2020·河北邢台检测)某自花传粉植物的花色有黄色和白色两种，由两对基因(H/h、E/e)控制。现有均为纯合子的甲(黄色)、乙(白色)和丙(黄色)三种基因型不同的植株，其杂交实验及结果见下表。下列有关叙述错误的是(　　)
亲本
F1
F1自由传粉得到F2
甲×乙
白色
黄色∶白色＝1∶3
乙×丙
黄色
黄色∶白色＝13∶3
A.基因H/h、E/e的遗传遵循自由组合定律
B．甲、乙、丙的基因型可能分别为hhee、hhEE、HHee
C．乙×丙杂交组合的F2中，白色个体的基因型有4种
D．乙×丙杂交组合的F2的黄色个体中，纯合子所占比例应是3/13
C　[由乙×丙，F1都是黄色，F1自由传粉得到F2是黄色∶白色＝13∶3，判断两对基因遵循基因的自由组合定律，F1的基因型是HhEe，黄色性状的基因型是H_E_、hhee、H_ee或hhEe，白色性状的基因型是hhEe或H_ee，由于甲、乙、丙都是纯合子，因此，甲、乙、丙的基因型可能分别为hhee、hhEE、HHee。乙×丙杂交组合的F2的黄色个体中，纯合子所占比例应是3/13，F2中白色个体的基因型有2种。]
2．(2020·山东模考改编)鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味可口。用两种纯合鲜食玉米杂交得F1，F1自交得到F2，F2子粒的性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜＝27∶9∶21∶7。下列说法正确的是(　　)
A．紫色与白色性状的遗传不遵循基因的自由组合定律
B．亲本性状的表现型不可能是紫色甜和白色非甜
C．F1的花粉离体培养后经秋水仙素处理，可获得紫色甜粒纯合个体
D．F2中的白色子粒发育成植株后随机受粉，得到的子粒中紫色子粒占4/49
C　[子代性状分离比为27∶9∶21∶7，比值之和为64＝43，说明子粒颜色和甜度由三对自由组合的等位基因控制，其分离比可转化为(9∶7) (3∶1)，其中紫色∶白色＝9∶7，说明子粒颜色由两对自由组合的等位基因控制(假设为A、D)；非甜∶甜＝3∶1，则甜度由一对基因控制(假设为B)。且A和D同时存在为紫色，其余均为白色；B_为非甜，bb为甜，A错误；F2发生性状分离，则F1的基因型应为AaBbDd，亲本的基因型可为AAbbDD×aaBBdd，其表现型为紫色甜、白色非甜，B错误；F1的基因型为AaBbDd，可产生AbD的配子，经秋水仙素加倍后可获得纯合紫色甜粒玉米，C正确；白色子粒基因型可能为A_dd、aaD_、aadd，且比例为3/7(1/7AAdd、2/7Aadd)、3/7(1/7aaDD、2/7aaDd)、1/7，其所产生的配子及比例为Ad∶aD∶ad＝2∶2∶3，则随机交配后产生紫粒(AaDd)的概率为2/7×2/7×2＝8/49，D错误。]
3．(2020·广东六校联考)已知红玉杏花朵颜色由A、a和B、b两对独立遗传的基因共同控制，基因型为AaBb的红玉杏自交，子代F1中的基因型与表现型及其比例如下表，下列说法正确的是(　　)
基因型
A_bb
A_Bb
A_BB、aa_ _
表现型
深紫色3/16
淡紫色6/16
白色7/16
A.F1中基因型为AaBb的植株与aabb的植株杂交，子代中开白色花的个体占1/4
B．F1中淡紫色的植株自交，子代中开深紫色花的个体占5/24
C．F1中深紫色的植株自由交配，子代深紫色植株中纯合子为5/9
D．F1中纯合深紫色植株与F1中杂合白色植株杂交，子代中基因型AaBb的个体占1/8
B　[F1中基因型为AaBb的植株与aabb的植株杂交，子代的基因型为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，开白色花的个体占1/2，A项错误；F1中淡紫色的植株的基因型为1/3AABb、2/3AaBb,1/3AABb自交子代中开深紫色花的个体占1/3×1/4＝1/12；2/3AaBb自交子代中开深紫色花的个体占2/3×3/4×1/4＝1/8，子代中开深紫色花的个体共占1/12＋1/8＝5/24，B项正确；F1中深紫色的植株的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，其自由交配后代的基因型为4/9AAbb、4/9Aabb、1/9aabb，子代深紫色植株中纯合子为1/2，C项错误；F1中纯合深紫色植株基因型为AAbb，F1中杂合白色植株的基因型为1/2AaBB、1/2aaBb。1/2AaBB×AAbb，子代基因型为AaBb的个体占1/4；1/2aaBb×AAbb，子代基因型为AaBb的个体占1/4，因此，F1中纯合深紫色植株与F1中杂合白色植株杂交，子代中基因型AaBb的个体占1/2，D项错误。]
4．(2020·郑州模拟)已知家蚕蛾翅色受A、a和B、b 两对等位基因控制。正常型家蚕蛾翅色为白色，某研究小组在家蚕突变系统中发现了黄翅家蚕蛾。为了研究家蚕蛾翅色遗传规律，某研究小组以纯合黄翅和纯合白翅家蚕蛾进行杂交实验，正交和反交结果相同，实验结果如图所示：

(1)根据此杂交结果可推测，控制家蚕蛾翅色的两对基因在遗传方式上遵循基因的自由组合定律，判断依据是____________，其中亲本的基因型为________________________。
(2)表现型为白翅的家蚕蛾中，基因型最多有________种；F2白翅家蚕蛾中纯合子占的比例是________________________。
(3)甲同学选用未交配过的黄翅和白翅家蚕蛾进行杂交实验，结果F1全是黄翅，且F2中黄翅∶白翅＝3∶1，分析出现这种结果的最可能的原因是____________________________________________。
[解析]　(1)以纯合黄翅和纯合白翅家蚕蛾进行杂交实验，正交和反交结果相同，说明控制家蚕蛾翅色的A、a和B、b 两对等位基因均位于常染色体上。F2中黄翅∶白翅＝179∶781≈3∶13，为9∶3∶3∶1的变式，符合自由组合定律的分离比，由此说明：控制家蚕蛾翅色的两对基因在遗传方式上遵循基因自由组合定律，黄翅为A_bb或aaB_，白翅为A_ B_、aaB_或A_bb、aabb，F1的基因型为AaBb，进而推知亲本的基因型为AAbb×aaBB 或
aaBB×AAbb。(2)结合对(1)的分析可知：表现型为白翅的家蚕蛾中，基因型最多有7种。F2白翅家蚕蛾的基因型及其比例为AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb∶aaBB(或AAbb)∶aaBb(或Aabb)∶aabb＝1∶2∶2∶4∶1∶2∶1，其中纯合子占的比例是3/13。(3)甲同学选用未交配过的黄翅和白翅家蚕蛾进行杂交实验，结果F1全是黄翅，且F2中黄翅∶白翅＝3∶1，说明F1的基因组成中，含有1对等位基因，而另1对基因是相同的，进而推知：亲本纯合白翅的基因型为aabb。可见，出现这种结果的最可能的原因是甲同学实验中亲本纯合白翅的基因型(aabb)与研究小组选择的白翅的基因型(aaBB或AAbb)不相同。
[答案]　(1)F2中黄翅∶白翅≈3∶13，符合自由组合定律的分离比　AAbb×aaBB或aaBB×AAbb　(2)7　3/13　(3)甲同学实验中亲本纯合白翅的基因型(aabb)与研究小组选择的白翅的基因型(aaBB或AAbb)不相同
类型二　致死现象导致的性状分离比的改变

(2020·唐山检测)果蝇体色黄色(A)对黑色(a)为显性，翅型长翅(B)对残翅(b)为显性。研究发现，用两种纯合果蝇杂交得到F1，F1中雌雄个体自由交配，F2中出现了5∶3∶3∶1的特殊性状分离比。请回答以下问题。
(1)F2中出现了5∶3∶3∶1的特殊性状分离比的原因可能是：①F2中有两种基因型的个体死亡，且致死的基因型为______________；②________________；③__________________。
(2)请利用以上子代果蝇为材料，用最简便的方法设计一代杂交实验判断上述三种原因的正确性(写出简要实验设计思路，并预期实验结果及结论)。
[审题指导]　(1)两种纯合果蝇杂交得F1，F1中雌雄个体自由交配，F2中出现5∶3∶3∶1的分离比。(2)F2中出现5∶3∶3∶1的特殊性状分离比的原因可能是两种基因型的个体死亡，还可能是AB雌配子或AB雄配子死亡。(3)要探究F2死亡的原因需让F1的雌雄果蝇与黑色残翅果蝇进行正反交。
[解析]　从F2的分离比看出双显性的个体有4份死亡，F2双显性个体的基因型是AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb，如果F2中有两种基因型的个体死亡，则死亡个体的基因型应为AaBB和AABb。正常情况下，F1产生AB、Ab、aB、ab四种雌配子和AB、Ab、aB、ab四种雄配子，如果AB雌配子或AB雄配子死亡，也会造成F2中出现了5∶3∶3∶1的特殊性状分离比。要探究上述三种原因的正确性，需分别用F1的雌雄果蝇与F2的黑色残翅雄雌果蝇测交。
[答案]　(1)①AaBB和AABb　②基因型为AB的雌配子致死　③基因型为AB的雄配子致死　(2)实验思路：甲组实验：用F1的雌果蝇与F2中黑色残翅雄果蝇杂交，观察子代的表现型及比例；乙组实验：用F1的雄果蝇与F2中黑色残翅雌果蝇杂交，观察子代的表现型及比例。
预期结果及结论：若甲、乙两组杂交子代的表现型及比例都为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅＝1∶1∶1∶1，则原因是F2中有两种基因型的个体死亡，且致死的基因型为AaBB和AABb；若甲组杂交子代的表现型及比例为黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅＝1∶1∶1，乙组杂交子代为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅＝1∶1∶1∶1，则原因是基因型为AB的雌配子致死；若甲组杂交子代的表现型及比例为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅＝1∶1∶1∶1，乙组杂交子代为黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅＝1∶1∶1，则原因是基因型为AB的雄配子致死。

1．明确几种致死现象
(1)显性纯合致死

(2)隐性纯合致死
①双隐性致死：AaBb自交后代：A_B_∶A_bb∶aaB_＝9∶3∶3。
②单隐性aa或bb致死：AaBb自交后代：A_B_∶A_bb＝9∶3或A_B_∶aaB_＝9∶3。
(3)配子致死
某种雌配子或某种雄配子致死，造成后代分离比改变。

2．掌握解题方法
(1)将其拆分成分离定律单独分析，如：
6∶3∶2∶1⇒(2∶1)(3∶1)⇒一对显性基因纯合致死。
4∶2∶2∶1⇒(2∶1)(2∶1)⇒两对显性基因纯合致死。
(2)从F2每种性状的基因型种类及比例分析，如BB致死。

(3)分析配子致死引起的后代性状分离比的改变时，要用棋盘法。

1．现用山核桃甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如表所示，下列有关说法错误的是(　　)
测交类型
测交后代的基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
A.F1产生的基因型为AB的花粉中有50%可能不能萌发，不能实现受精
B．F1自交得F2，F2的基因型有9种
C．将F1的花粉进行离体培养，可能得到4种基因型不同的植株
D．正反交结果不同，说明两对基因的遗传不遵循自由组合定律
D　[比较F1(基因型为AaBb)分别作父本、母本时产生的配子的种类和比例，可知F1产生的基因型为AB的花粉中有50%可能不能萌发，不能实现受精，A正确；F1的基因型为AaBb，其自交得F2，虽然F1的雄配子有异常现象，但可育雄配子和可育雌配子的基因型种类仍然分别为4种，F2的基因型种类并未减少，仍为9种，B正确；根据F1作父本时后代的情况可推测基因型为AB的花粉有50%致死或不能受精等异常现象，若是致死，则进行花粉离体培养后将得到4种基因型不同的植株，C正确；正反交结果不同，其原因可能是部分花粉致死或不能受精等，而不是两对基因的遗传不遵循自由组合定律，D错误。]
2．(2020·邯郸市高三模拟)南瓜果实形状有扁盘形、长圆形和长形三种类型，由位于非同源染色体上的两对等位基因(分别用A、a和B、b表示)控制，将两种不同基因型的长圆形亲本杂交，F1全为扁盘形，F1自交后代为扁盘形∶长圆形∶长形＝7∶4∶1的表现型比例，下列相关叙述正确的是(　　)
A．每对基因的传递都不符合基因的分离定律
B．雌配子或雄配子中的aB和Ab类型均不能参与受精
C．如长圆形亲本进行反交，F1仍均为扁盘形
D．F1中A和b的基因频率相等，a和B的基因频率相等
D　[控制每对性状的基因在传递时是符合基因分离定律的，A项错误；长圆形的个体杂交，F1均为扁盘形，可判断出F1扁盘形南瓜的基因型为AaBb。F1自交，扁盘形∶长圆形∶长形＝7∶4∶1，与正常的9∶6∶1的比例相比，扁盘形、长圆形中均缺少2/16的个体，出现这种结果的原因最可能是雄性或雌性一方产生的aB或Ab配子不可育，B项错误；假设题干所述长圆形亲本杂交时AAbb为父本，aaBB为母本，此杂交下，F1为扁盘形，亲本产生的Ab雄配子和aB雌配子是可育的，而B项已判断出雄性或雌性一方产生的aB或Ab基因型的配子不育，所以，如进行反交，则或父方或母方产生的配子是不育的，因此不产生子代，C项错误；假设aB的雄配子不育，F1产生的可育雄配子有3种，即AB、Ab和ab，雌配子有4种，即AB、Ab、aB和ab，受精后产生的子代中AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，BB∶Bb∶bb＝1∶3∶2，可求得其A和b的基因频率均为7/12，同理，假设Ab雄配子不育，则A和b的基因频率均为5/12，假设其中一种雌配子不育时效果相同，D项正确。]
3．在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)，两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1的表现型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1。实验中发现有些基因型有致死现象(胚胎致死)。以下说法错误的是 (　　)
A．黄色短尾亲本能产生4种正常配子
B．F1中致死个体的基因型共有4种
C．表现型为黄色短尾的小鼠的基因型只有1种
D．若让F1中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，则F2中灰色短尾鼠占2/3
B　[根据F1的表现型中黄色∶灰色＝2∶1，短尾∶长尾＝2∶1判断黄色和短尾都存在纯合致死。黄色短尾亲本为YyDd，能产生4种正常配子；F1中致死个体的基因型共有5种；表现型为黄色短尾的小鼠的基因型为YyDd；F1中的灰色短尾小鼠的基因型为yyDd，雌雄鼠自由交配F2中灰色短尾鼠占2/3。]
4．(2020·绵阳检测)某种植物花的颜色有红色和黄色两种，其花色受两对独立遗传的基因(A/a和B/b)共同控制。只要存在显性基因就表现为红色，其余均为黄色。含A的花粉有50%不能参与受精。让基因型为AaBb的某植株自交获得F1，下列有关F1的分析不合理的是(　　)
A．F1中红花植株可能的基因型有8种
B．F1中黄花植株所占的比例为1/12
C．F1红花植株中双杂合个体所占的比例为3/11
D．可以通过测交来确定F1某红花植株的基因型以及产生配子的种类和数量
D　[根据分析可知，AaBb的植株产生的雄配子基因型和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2，雌配子的基因型和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，AaBb自交产生的F1中红花植株可能的基因型有AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb共8种，A正确；F1中黄花植株(aabb)所占的比例为2/6×1/4＝1/12，B正确；F1红花植株中双杂合个体所占的比例为(2/6×1/4＋2/6×1/4＋1/6×1/4＋1/6×1/4)÷(1－2/6×1/4)＝3/11，C正确；F1中红花植株可能的基因型有AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，其中AABB、AaBB、AABb、AAbb、aaBB测交的后代均为红花，Aabb和aaBb测交的后代均为红花∶白花＝1∶1，所以不可以通过测交来确定F1某红花植株的基因型以及产生配子的种类和数量，D错误。]
5．(2020·山东等级考)玉米是雌雄同株异花植物，利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品系，该突变品系的产生原因是2号染色体上的基因Ts突变为ts，Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基因A转入该雌株品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表现正常，乙植株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响，进行了以下实验：
实验一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟约为1∶1
实验二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高约为1∶1
(1)实验一中作为母本的是________，实验二的F1中非抗螟植株的性别表现为________(填“雌雄同株”“雌株”或“雌雄同株和雌株”)。
(2)选取实验一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株约为2∶1∶1。由此可知，甲中转入的A基因与ts基因__________(填“是”或“不是”)位于同一条染色体上，F2中抗螟雌株的基因型是________。若将F2中抗螟雌雄同株与抗螟雌株杂交，子代的表现型及比例为________。
(3)选取实验二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株约为3∶1∶3∶1，由此可知，乙中转入的A基因________(填“位于”或“不位于”)2号染色体上，理由是_________________________。
F2中抗螟矮株所占比例低于预期值，说明A基因除导致植株矮小外，还对F1的繁殖造成影响，结合实验二的结果推断这一影响最可能是________。F2抗螟矮株中ts基因的频率为________，为了保存抗螟矮株雌株用于研究，种植F2抗螟矮株使其随机受粉，并仅在雌株上收获籽粒，籽粒种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例为________。
[解析]　(1)据题干信息可知，品系M为雌雄同株，甲为雌株突变品系，因此实验一中作为母本的是甲。实验二的F1中非抗螟植株的基因型为Tsts，Ts对ts为显性，因此该植株为雌雄同株。(2)实验一中F1抗螟植株的基因型为ATsts，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株＝2∶1∶1，说明甲中转入的A基因与ts基因位于同一条染色体上。F1抗螟植株中A和ts位于一条染色体上，另一条染色体上的基因为Ts，F1抗螟植株自交产生的F2中抗螟雌株的基因型为AAtsts，其产生的配子为Ats，抗螟雌雄同株的基因型为ATsts，其产生的配子为1/2Ats、1/2Ts，二者杂交，子代的基因型及比例为AAtsts∶ATsts＝1∶1，表现型及比例为抗螟雌株∶抗螟雌雄同株＝1∶1。(3)实验二中F1抗螟矮株基因型为ATsts，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株＝3∶1∶3∶1，是(1∶1)(3∶1)的组合，说明两对基因独立遗传，因此乙中转入的A基因不位于2号染色体上。分析F2中性状表现可知，抗螟∶非抗螟＝1∶1，雌雄同株∶雌株＝3∶1，由此可判断含A基因的雌配子或含A基因的雄配子不育，再结合实验二信息(乙可产生正常配子)可推断含A基因的雄配子不育。F2中抗螟矮株的基因型为1/4ATsTs、2/4ATsts、1/4Atsts，ts基因的频率为1/2。F2中抗螟矮株雌株的基因型为Atsts，抗螟矮株雌雄同株的基因型为1/3ATsTs、2/3ATsts，又含A基因的雄配子不育，因此能受粉的雄配子的基因型为2/3Ts、1/3ts，因此F3中抗螟矮株雌株占1/6。
[答案]　(1)甲　雌雄同株　(2)是　AAtsts　抗螟雌雄同株∶抗螟雌株＝1∶1　(3)不位于　抗螟性状与性别性状间是自由组合的，因此A基因不位于Ts、ts基因所在的2号染色体上　含A基因的雄配子不育　1/2　1/6