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通用版带答案高中物理必修三第十二章电能能量守恒定律微公式版基本知识过关训练1单选题1、某喷泉喷出的最高水柱约50m，喷管的直径约为10cm，已知水的密度=1103kg/m3。据此估计喷管喷水的电动机的输出功率约为（）A6.5104WB1.2105WC2.6105WD5.2105W答案：B根据v2=2gh可得喷泉喷水的初速度为v0=2gh=1010m/st时间喷水的质量为m=V=d24v0t则喷水消耗的功率大约为P=12mv02t=1.2105W故选B。2、关于能量和能源，下列说法正确的是（）A化石能源是清洁能源，水能是可再生能源B在能源的利用过程中，由于能量在数量上并未减少，所以不需要节约能源C人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造D能量耗散现象说明：在能量转化的过程中，虽然能的总量并不减少，但能量品质降低了答案：DA化石能源在燃烧时放出二氧化硫、二氧化碳等气体，会形成酸雨和温室效应，破坏生态环境，不是清洁能源，水能是可再生资源，故A错误；BD能量耗散现象说明：在能量转化的过程中，虽然能的总量并不减少，但能量品质降低了；例如，内燃机燃烧汽油把化学能转化为机械能，最终机械能又会转化为内能，而最终的内能人们很难再重新利用，所以我们说能量的品质下降了；所以在能源的利用过程中，有一些能源是不可再生的，所以需要节约能源，故B错误D正确。C根据能量守恒定律，能量是不能够被创造的，故C错误。故选D。3、智能扫地机器人是一种智能家用电器，能自动在房间内完成地板清洁工作，如今已慢慢普及，成为现代家庭的常用家用电器。如图为某款智能扫地机器人，其参数见下表，工作时将电池内部化学能转化为电能的效率=60。下列说法正确的是（）产品名称科沃斯地宝尘盒容量0.3L清扫路线自由式液晶显示有电池容量5000mAh充电器输出24V/1000mA噪声60dB额定功率40W行走速度20cm/s工作电压24VA该扫地机器人的电池从完全没电到充满电所需时间约为8.3hB该扫地机器人最多能储存的能量为4.32105JC该扫地机器人充满电后能工作5hD该扫地机器人充满电后能工作4h答案：BA由题表可知，电池的容量为5000mAh，所带的电荷量为q5000103A3600s1.8104C充电器输出电流为I1000mA1A，所以该扫地机器人的电池从完全没电到充满电所需时间为t=qI=1.81041s=5h故A错误；B该扫地机器人最多能储存的能量为qU=1.810424J=4.32105J故B正确；CD该扫地机器人的额定功率为40W，则充满电后工作的时间t=WP=4.3210560%40s=1.8h故CD错误。故选B。4、在如图所示的电路中，干电池、开关和额定电压为1.5V的灯泡组成串联电路。当闭合开关时，发现灯泡不发光。在闭合开关的情况下，某同学用多用电表直流电压挡进行检测。检测结果如下表所示，已知电路仅有一处故障，由此做出的判断中正确的是（）测试点A、BC、FD、FC、D多用表示数1.5V1.5V01.5VAA、C间导线断路BD、E间导线断路C灯泡断路D开关断路答案：DAA、C间导线断路，C、F间，C、D间电压应该为0，故A错误；BD、E间导线断路，D、F间电压应为1.5V，C、D间电压应该为0，故B错误；C灯泡断路，D、F间电压应为1.5V，C、D间电压应该为0，故C错误；D开关断路，测试点间的电压，与数据表中电压相对应，故D正确。故选D。5、一电源的电动势为E，内阻为r，仅对阻值为R的电阻供电时，通过R的电流为I，路端电压为U，供电效率为，R消耗的功率为P。若外电阻阻值变为2R，下列判断正确的是（）A电流变为12IB路端电压可能为7U3C电阻2R消耗的功率可能是7P8D效率可能为2答案：CA当外电阻阻值为R时，根据闭合电路欧姆定律得I=ER+r当外电阻阻值变为2R时，根据闭合电路欧姆定律得I=E2R+rI2故A错误；B当外电阻阻值为R时，路端电压U=RR+rE当外电阻阻值变为2R时，路端电压U=2R2R+rE2U故B错误；C根据P=U2R又U2U可得PI2可得PP2联立可得P2P2P故C正确；D根据=UE结合B选项，可知2故D错误。故选C。6、下列说法正确的是（）A恒定电流是指大小、方向都不随时间变化的电流B白炽灯在正常发光时，“220V15W”的灯泡电阻比“220V60W”的灯泡电阻小C导体的电阻与构成它的材料无关D电动机正常工作时的电功率等于其发热的功率答案：AA恒定电流是指大小、方向都不随时间变化的电流，故A正确；B根据R=U2P可知白炽灯在正常发光时，“220V15W”的灯泡电阻比“220V60W”的灯泡电阻大，故B错误；C导体的电阻与电阻率有关，而电阻率与构成它的材料有关，故C错误；D电动机正常工作时的电功率等于其发热的功率和输出的机械功率之和，故D错误。故选A。7、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r。在滑动变阻器的滑片P从图示位置向下滑动的过程中（）A路端电压变大B通过滑动变阻器R1的电流变大C通过R2的电流变大D电源的输出功率变大答案：BA在滑动变阻器R1的滑片P向下滑动的过程中，R1接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，电路中的总电流变大，由于路端电压U=E-Ir且I变大，E、r不变，所以U变小，故A错误；BC路端电压U变小，则通过电阻R2的电流变小，而总电流I变大，所以通过滑动变阻器R1的电流变大，故B正确，C错误；D当外电路电阻等于电源内阻时，电源输出功率最大，因为不知道内、外电阻的关系，所以电源的输出功率变化情况无法确定，故D错误。故选B。8、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2是完全相同的两盏灯，当S闭合时，滑动变阻器R滑动端P从a向b滑动过程中（各灯均不会被烧坏），关于各灯亮度的变化情况是（）A灯L1、L2都变亮B灯L1变亮，灯L2变暗C灯L1、L2都变暗D灯L1变暗，灯L2变亮答案：C电路中，两灯与变阻器串联，电流相等，当滑片向b滑动，电阻增加，电路中电流减小，两灯泡都变暗，C正确ABD错误。故选C。9、2021年，浙江大学研究团队设计了一款能进行深海勘探的自供能仿生软体智能机器鱼。在测试中，该机器鱼曾下潜至马里亚纳海沟10900m深处，并在2500mAh电池驱动下，保持拍打45分钟。下列说法正确的是（）A“10900m”是路程BmAh是能量的单位C下潜过程中，该机器鱼的平均速度约为4m/sD万米海底的静水压接近于103个标准大气压答案：DA10900是深度，机器鱼下潜的路程要大于10900m，A错误；BmAh是电量的单位，B错误；C机器鱼下潜的位移未知，所以平均速度无法获得，C错误；D根据p=gh可知，1个标准大气压相当于10米水柱，所以万米海底的静水压接近于103个标准大气压，D正确。故选D。10、图甲为某一小灯泡的UI图线，现将两盏这样的小灯泡并联后再与一个4的定值电阻R串联，接在内阻r为1、电动势E为3V的电源两端，如图乙所示。则通过每盏小灯泡的电流I和每盏小灯泡的电功率P分别约为（）AI0.2A，P0.6WBI0.3A，P0.6WCI0.2A，P0.2WDI0.3A，P0.4W答案：C设每盏小灯泡的电压为U，通过的电流为I，则通过整个电路的电流为2I，根据闭合电路的欧姆定律有E=U2I(Rr）即U、I还应满足U=310I在小灯泡的UI图像中作出对应的函数图线，如图所示则两个图线的交点即为小灯泡在电路中的工作点，所以通过小灯泡的电流I0.2A，对应灯泡两端的电压U1V，每盏小灯泡的功率P0.2W。故选C。11、某无人值守彩色电视中转站采用太阳能电源工作，转换设备电压为24V，每天发射时间为15h，功耗20W，其余9小时为接收等候时间，功耗为5W，则（）A转换设备电流恒为56AB转换设备负载每天耗电量约为14.375AhC转换设备每天消耗电能为345度D转换设备在等待过程中，工作电压小于24V答案：BA发射时间转换设备电流为I1=P1U=2024A=56A而在接收等候时间内，其电流为I2=P2U=524A=524A故A错误；B转换设备负载每天耗电量约为q=I1t1+I2t2=5615Ah+5249Ah=34524Ah14.375Ah故B正确；C转换设备每天消耗电能为W=P1t1+P2t2=2015Wh+59Wh=345Wh=0.345kWh故C错误；D转换设备在等待过程中，工作电压等于24V，他是恒定不变的，故D错误；故选B。12、如图所示是根据某次实验记录数据画出的U-I图象，下列关于这个图象的说法中正确的是（）A纵轴截距表示待测电源的电动势B横轴截距表示短路电流C根据r=EI短，计算出待测电源内电阻为12D电流为0.3A时的外电阻是1.8答案：AA根据闭合电路欧姆定律U=-Ir+E可知，纵轴截距表示待测电源的电动势。A正确；B当路端电压为零时，横坐标为短路电流，由图可知，原点纵坐标不是零，则横轴截距不表示短路电流，B错误；C图中不能直接得出短路电流，通过斜率可知，电源内阻为r=6.0-5.00.5=2C错误；D电流为0.3A时，外电阻为R=5.40.3=18D错误。故选A。13、如图电路中，A、B两灯原来正常发光，忽然A灯比原来亮了，设这是因为电路中某一处发生了故障造成的，那么发生这种故障的可能是（）AR1短路BR2断路CR3断路D电源断路答案：BAR1短路，则电源被短路了，灯泡都不亮，此选项不符合题意，A错误；B电阻R2与灯泡A是并联的，如果R2断路，此处只有灯泡A一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡A两端电压增大，由P=U2R知，功率变大，灯泡A变亮，故B正确；C电阻R3与灯泡B是并联的，如果R3断路，此处只有灯泡B一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡B两端电压增大，则灯泡A两端电压减小，则A的功率变小，灯泡A变暗，C错误；D电源断路，电路没有电流，灯泡都不亮，此选项不符合题意，D错误；故选B。14、有关电动势的说法中不正确的是（）A电源的电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功B当外电路断开时，电源的电压与电源电动势相等C电源提供的电能越多，电源的电动势越大D当电路中通过1C电荷量时，电源便将EJ其他形式的能转化为电能答案：CA根据电动势的定义式E=Wq可知，电源的电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，A正确，不符合题意；B根据U=E-Ir当外电路断开时I=0解得U=E电源的电压与电源电动势相等，B正确，不符合题意；C根据E=Wq，电动势与非静电力做的功和移送的电荷量无关，与电源提供的电能多少无关，电动势由电源本身的结构决定，C错误，符合题意；D根据电动势的定义式EWq可知，当电路中通过1C电荷量时，非静电力做功EJ，电源便将EJ其他形式的能转化为电能，D正确，不符合题意。故选C。15、在如图所示的电路中R1=4，R2=6，电源电动势E=3V。当S闭合时，理想电压表的示数为U=1V。则流过电源的电流为和电源的内阻分别为（）A0.25A，2B0.5A，2C0.25A，4D0.5A，4答案：A流过电源的电流与流过R1的电流相同，根据欧姆定律I=UR1=14A=0.25A根据闭合电路欧姆定律I=ER1+R2+r代入数据可得电源内电阻r=2故选A。多选题16、用如图甲所示的电路来测量电池的电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的UI图线，由图可知()A电池电动势的测量值为1.40VB电池内阻的测量值为3.50C外电路发生短路时的电流为0.40AD电压表的示数为1.20V时，电流表的示数I0.20A答案：ADA由题图乙可知，UI图线纵坐标截距为电源的电动势，E1.40V，A正确；BUI图线的斜率大小表示电源内阻rUI1.40-1.000.41.00B错误；C当路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，C错误；D当电压表示数为U1.20V时IE-Ur1.40-1.201.00A0.20AD正确。故选AD。17、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如题图乙所示。当开关闭合后，下列判断正确的是（）A灯泡L1的电阻为12B通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C灯泡L1消耗的电功率为0.75WD干路电流为0.45A答案：ACDAC当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V由图2读出其电流I1=0.25A则灯泡L1的电阻为R1=U1I1=30.25=12灯泡L1消耗的电功率为P1=U1I1=0.75W故AC正确；BD灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V由图读出其电流I2=I3=0.20A则I1=1.25I2干路电流为I=I1+I2=0.45A故B错误，D正确；故选ACD。18、如图所示，电源电动势E6V，小灯泡L的规格为“3V，0.9W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R8时，小灯泡L正常发光，现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作，已知电动机的线圈电阻R01，则（）A电源内阻为4B电动机正常工作的电压为0.3VC电动机输出的机械功率为0.63WD电源提供的总功率为1.8W答案：CDA流过灯泡的电流为I=0.93A=0.3A灯泡电阻为RL=UI=30.3=10开关S当接1时，由闭合电路欧姆定律可知EI（RL+R+r）即60.3（10+8+r）代入数据解得r2A错误；B当开关S接2时灯泡正常发光，小灯泡的额定电流为I0.3A，电源内阻分的电压为UrIr0.32V0.6V电动机分的电压为UMEULUr6V3V0.6V2.4VB错误；C当开关S接2时，电动机输出的机械功率P出=UMIM-IM2R0=2.40.3W-0.321W=0.63WC正确；D电源提供的总功率P总IE0.36W1.8WD正确。故选CD。19、关于能源的利用和节能，下列说法正确的是（）A根据能量守恒定律，能源的利用率应该是100%B节约能源只要提高节能意识就行，与科学进步无关C能量的总量不变，在自然界存在的形式不同D在能源的利用中，总会有一部分能源未被利用而损失掉答案：CDAD能源的使用在任何情况下都不可能达到理想状态，做到没有任何损失。虽然遵从能量守恒定律，但它指的是损失部分和被利用部分总和与原来能源总量相等，故A错误，D正确；B根据能量转化的方向性可知，能量经转化后，可利用的能，只可能减少，不可能增加，因此节能的意义重大；同时，只有节能意识是不够的，必须利用科技进步提高能源的利用率，不断开发新能源，以满足人类社会可持续发展的需要，故B错误。C能量的总量不变，在自然界存在的形式不同，故C正确；故选CD。20、如图所示，光滑斜面体ABC固定在水平面上，底角=37，顶角B=90，物块a和长木板b分别放在斜面BC和AB上，细线绕过固定在斜面顶点的轻质光滑定滑轮，两端分别与物块a和长木板b相连，将物块a锁定，滑轮两侧的细线分别与两侧的斜面平行，长木板b的质量为m，物块a质量为2m，解除物块a的锁定，同时将质量为0.5m的物块c轻放在长木板的上端，物块c始终保持静止，重力加速度为g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，则下列判断正确的是（）A物块c与长木板b间的动摩擦因数为0.6B物块a运动的加速度为73m/s2C物块a机械能的减小量大于长木板b机械能的增加量D物块a机械能的减小量等于长木板b机械能的增加量答案：BCA假设a、b、c都静止，根据平衡条件对a分析可得，绳子的拉力为T=2mgcos=1.6mg对b、c整体分析可得，绳子拉力为T=1.5mgsin=0.9mgT由此可知物块a会沿斜面下滑，物块b沿斜面上滑。由于物块c始终保持静止，则对物块c受力分析，根据平衡条件有0.5mgsin=0.5mgcos可得，物块c与长木板b间的动摩擦因数为=0.75故A错误；B对a受力分析，根据牛顿第二定律有2mgcos-F=2ma对b受力分析，根据牛顿第二定律有F-mgsin-0.5mgcos=ma联立可得，物块a运动的加速度为a=73m/s2故B正确；CD由能量的守恒与转化可知，物块a减小的机械能转化为木板b增加的机械能和木板b与物块c摩擦产生的内能，所以物块a机械能的减小量大于长木板b机械能的增加量，故C正确，D错误。故选BC。21、如图，电路中R1、R2为两只定值电阻，L为阻值恒定的灯泡，C为电容器，R为光敏电阻（光照越强，阻值越小），V为电压表，A为电流表。现闭合开关，逐渐增加光照强度，下列说法正确的是（）A电路中灯泡L的发光亮度逐渐变强B电容器两极板间的电场强度逐渐变大C电路中电阻R1消耗的电功率逐渐变大DV的变化量与A的变化量之比不变答案：BDABC逐渐增加光照强度，光敏电阻R的阻值逐渐减小，整个外电路的总电阻逐渐减小，干路电流强度逐渐增加，内电压逐渐升高，路端电压逐渐降低，流过R1的电流逐渐减小，电阻R1消耗的电功率逐渐减小，流过R2的电流逐渐增加，加在R2两端的电压逐渐升高，电容器与R2并联，加在电容器两端的电压逐渐升高，电容器两极板间的电场强度逐渐变大，灯泡L两端的电压逐渐降低，灯泡L的发光亮度逐渐减弱，AC错误，B正确；D将电源与R1作为等效电源，内电阻为r，根据U=E-Ir可知r=UI因此V的变化量与A的变化量之比保持不变，D正确。故选BD。22、为了减少二氧化碳的排放，我国一直在大力发展新能源汽车，已知某型号的电动汽车主要技术参数如下：车型尺寸长宽高/（mmmmmm）487019501725最高时速/（kmh-1）120电机型式交流永磁同步电机电机最大功率/kW180工况法纯电续驶里程/km500等速法纯电续驶里程/km600电池容量/（kWh）82.8快充时间/h1.4050km/h加速时间/s2.40100km/h加速时间/s5.4根据行业标准，电机的最大功率为电机输出的最大机械功率，电池容量为电池充满电时储存的最大电能，根据表中数据可知（）A若以恒定功率加速，0100km/h的加速过程中电动车行驶的路程一定大于75mB电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，车受到的阻力大小约为5400NC该车在050km/h的加速过程中平均加速度为25m/s2D用输出电压为220V的充电桩给电池快速充电时，充电电流约为400A答案：ABA速度100km/h=2509m/s0100km/h的加速时间为5.4s，假设电动车做匀加速直线运动，该过程中电动车行驶的路程s=v2t=75m实际上电动车做加速度减小的加速运动，所以路程一定大于75m，故A正确；B额定功率P=180kW=180000W最大速度vm=120km/h=1003m/s电机以最大功率工作且车以最大速度行驶时，牵引力等于阻力f=F=Pvm=5400N故车受到的阻力大小约为5400N，故B正确；C速度50km/h=1259m/s该车在050km/h的加速过程中，用时2.4s，平均加速度a=vt5.8m/s2故C错误；D电池容量82.8kWh快充时间为1.4h，用输出电压为220V的充电桩给电池快速充电时，充电电流I=EUt=82.81032201.4A269A故D错误。故选AB。23、无人机已在航拍领域被广泛的应用，它利用自身携带的小型电机升空进行航拍，如图为某牌子的无人机，已知其电池容量为15000mAh，电机额定工作电压为20V，无人机正常工作时电机总额定功率为300W，则下列说法正确的是（）A无人机正常工作时的电流是15AB电池容量15000mAh中“mAh”是能量的单位C无人机的电机总电阻是1.33D无人机充满电后一次工作时间约为1h答案：ADA额定工作电压20V，额定功率300W，根据P=UI知电流I=PU=30020A=15A故A正确；B由电荷量的表达式q=It可知，题中“mAh”是电荷量的单位，故B错误；C根据U=IR，有R=UI=2015=1.33由于不是纯电阻电路，可知无人机的总电阻一定小于1.33，故C错误；D无人机充满电后一次工作时间t=qI=15Ah15A=1h故D正确。故选AD。24、如图所示，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡L的U-I图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）A此电源的内阻为0.67B灯泡L的额定电压为3V，额定功率为6WC把灯泡L换成阻值恒为1的纯电阻，电源的输出功率将变小，效率将变低D小灯泡L的电阻随通过电流的增大而增大答案：BDA由图读出电源的电动势为E4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则：r=4-16-0=0.5，故A错误；B灯泡与电源连接时，AB两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U3V，I2A，则灯泡L的额定电压为3V，功率为:P=UI=32=6W故B正确C灯泡L的电阻：R=UI=32=1.5换成一个1的定值电阻，可知其电阻更接近电源的内阻，根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，可知把灯泡L换成一个1的定值电阻，电源的输出功率将变大，而效率：=UE=RR+r外电阻变小，效率变低，故C错误；D小灯泡的UI图线是一条曲线，由图可以看出，小灯泡L的电阻随通过电流的增大而增大，故D正确。故选BD。25、具有巨磁阻效应（GMR）的电阻R2在外加特定方向的磁场时，阻值随磁场的增强而减小。现将R2接在图示电路中，并置于该磁场，已知R1为定值电阻，此时R2R1，电表均为理想电表。保持磁场方向不变，使磁场增强，发现电压表V1示数变化量的绝对值U1，V2示数变化量的绝对值为U2，下列说法正确的是（）A电流表A的示数减小B电压表V1的示数增大C电源的总功率先减小后增大DU1一定小于U2答案：BDA磁场增强时，R2阻值减小，电路总电阻减小，则总电流增大，电流表A示数增大，故A错误；B电路总电流增大，则R1两端电压增大，电压表V1示数增大，故B正确；C电路总电流增大，根据P=EI可知电源的总功率一直增大，故C错误；D电路总电流增大，则电源内电压增大，路端电压减小，而U=U1+U2所以U1的增加量一定小于U2的减小量，即U1一定小于U2，故D正确。故选BD。填空题26、定义：电源是能不断把_从正极搬运到负极的装置。答案：电子略27、（1）电鳗是放电能力最强的淡水鱼类，它的发电器位于身体两侧的肌肉内，每个肌肉薄片像一个小电池，能产生约0.15V的电压，近万个这样的小电池_（选填“串联”或“并联”）起来，就可以产生很高的电压。电鳗在放电时，将化学能转化为_。一条电鳗某次放电产生500V的电压，并形成2A的电流，则该电鳗此次的放电功率达到_W。（2）如图所示为家庭常用的电热水壶（一种用电加热饮用水的方便热水壶）。若小明家的电热水壶规格为“220V；1.1kW”，则该电热水壶正常工作时的电流是_A，该电热水壶正常工作时的电阻是_。答案：串联电能1000544（1）123电池串联，总电压等于各串联电池电压之和；电鳗放电时，将化学能（或生物质能）转化为电能；由题意，一条电鳗某次放电产生500V的电压，并形成2A的电流，则该电鳗此次的放电功率P=UI=5002W=1000W（2）4该电热水壶正常工作时的电流I=PU=1.1103220A=5A5正常工作时的电阻R=U2P=22021.1103=4428、电源是把_能转化成电能的装置，这种转化是通过_做功来实现的答案：其他形式的非静电力12电源就是把其他形式的能转化成电能的装置，这种转化是通过非静电力做功来实现的。29、作用：（1）移送电荷，使电源正、负极间有一定的_。（2）使电路中有_的电流。答案：电势差持续（1）1电源的作用为移送电荷，使电源正、负极间有一定的电势差；（2）2电源的作用还有使电路中有持续的电流。30、如图甲是小明家厨房用的电热水龙头，能够即开即热、冷热兼用，非常方便。图乙是它的原理电路图。R1、R2为电热丝，其中R2=242。通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换。不考虑温度对电阻丝的影响，请回答下列问题：（1）电热丝是利用电流的_效应工作的，分析电路图，开关与_填“1、2”或“2、3”）接触时，水龙头放出的是热水；（2）若水龙头放温水时，正常工作功率为1100W，则R1的电阻是_；（3）水龙头放热水时，电路消耗的总电功率是_W。答案：热2、3441300（1）1电热丝是利用电流的热效应工作的；2水龙头放出热水时电路的总功率最大，电源电压一定，由P=UI=U2R可知，此时电路的总电阻最小，由图可知，开关与2、3接触时，R1、R2并联，总电阻最小，此时水龙头放出的是热水；（2）3由电路图可知，开关与1、2接触时，电路为R1的简单电路，水龙头放出的是温水，由P=UI=U2R可得，R1的电阻R1=U2P温=220V21100W=44（3）4水龙头放热水时，R1与R2并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，且电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，电路消耗的总电功率P=P1+P2=U2R1+U2R2=(220V)244+(220V)2242=1300W29