人教版2022年高中物理力学动量必考考点训练.pdf

1 (每日一练每日一练)人教版人教版 20222022 年高中物理力学动量必考考点训练年高中物理力学动量必考考点训练 单选题 1、空间站在地球外层的稀薄大气中绕行，因气体阻力的影响，轨道高度会发生变化。空间站安装有发动机，可对轨道进行修正。图中给出了国际空间站在 2020.022020.08 期间离地高度随时间变化的曲线，则空间站（）A绕地球运行速度约为 2.0km/s B绕地球运行速度约为 9.0km/s C若要增加空间站高度，应开启发动机，朝运动方向喷气 D3 月份发动机肯定工作过一段时间 答案：D 解析：AB卫星贴近地面做匀速圆周运动的线速度大小设为v1，此速度为第一宇宙速度（v1=7.9km/s）2=12 地球半径约为 6400km，设空间站离地高度为h，则(+)2=22+2 解得 2=+1 空间站距离地面的高度约为 h+R=420km+6400km=6820km 则 2 7.66km/故 AB 错误；C若要增加空间站高度，由反冲原理，应开启发动机，朝运动的反方向喷气，故 C 错误；D由图可以看出 3 月份有段时间空间站的离地高度增加，说明发动机工作了一段时间，故 D 正确。故选 D。2、空间站在地球外层的稀薄大气中绕行，因气体阻力的影响，轨道高度会发生变化。空间站安装有发动机，可对轨道进行修正。图中给出了国际空间站在 2020.022020.08 期间离地高度随时间变化的曲线，则空间站（）A绕地球运行速度约为 2.0km/s B绕地球运行速度约为 9.0km/s C若要增加空间站高度，应开启发动机，朝运动方向喷气 D3 月份发动机肯定工作过一段时间 答案：D 3 解析：AB卫星贴近地面做匀速圆周运动的线速度大小设为v1，此速度为第一宇宙速度（v1=7.9km/s）2=12 地球半径约为 6400km，设空间站离地高度为h，则(+)2=22+解得 2=+1 空间站距离地面的高度约为 h+R=420km+6400km=6820km 则 2 7.66km/故 AB 错误；C若要增加空间站高度，由反冲原理，应开启发动机，朝运动的反方向喷气，故 C 错误；D由图可以看出 3 月份有段时间空间站的离地高度增加，说明发动机工作了一段时间，故 D 正确。故选 D。3、两球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA1 kg，mB2 kg，vA6 m/s，vB2 m/s，当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）AvA5 m/s，vB2.5 m/s BvA2 m/s，vB4 m/s CvA4 m/s，vB7 m/s 4 DvA7 m/s，vB1.5 m/s 答案：B 解析：AD碰前的动量为 =+=10kg m/s 碰后 A 项的总动量为=+=10kg m/s D 项的总动量为=+=10kg m/s 则两种情况都满足动量守恒；但碰后A的速度vA大于B的速度vB，必然要发生第二次碰撞，不符合实际，AD错误；B碰后的总动量为 =+=10kg m/s 则满足动量守恒，碰后A的速度小于B的速度，不会发生第二次碰撞，碰前的总动能 k=12A2+12BB2=22J 两球碰后的总动能 k=12AA2+12B2=18Jk 不违背能量守恒定律，B 正确；C碰后的总动量为 =+=10kgm/s 则满足动量守恒，两球碰后的总动能 5 k=12AA2+12B2=57J 大于碰前的总动能 k=12A2+12BB2=22J 违背了能量守恒定律，C 错误。故选 B。4、如图所示，在水平面内有一质量分布均匀的木杆可绕端点O在水平面上自由转动。一颗子弹以垂直于杆的水平速度v0击中静止木杆上的P点，并随木杆一起转动（碰撞时间极短）。已知木杆质量为M，长度为L，子弹质量为m，点P到点O的距离为x。忽略木杆与水平面间的摩擦。设子弹击中木杆后绕点O转动的角速度为。下面给出的四个表达式中只有一个是合理的。根据你的判断，的合理表达式应为（）A=3032+2B=30232+2 C=3032+2D=3032+2 答案：C 解析：B从单位的推导判断，B 中表达式的单位为m s，是线速度的单位，故 B 错误；D假设点P到点O的距离 =0 则角速度为零，把 =0 6 代入各表达式，D 中表达式不为零，故 D 错误；AC如果是轻杆，则 =0 即轻杆对子弹没有阻碍作用，相当于子弹做半径为的圆周运动，则 A 错误 C 正确。故选 C。5、下列说法中正确的是（）A动能为零的物体动量一定为零 B动量为零的物体动能不一定为零 C动量大的物体动能一定大 D动能大的物体动量一定大 答案：A 解析：根据动能和动量的关系 k=122=22 则动量大的物体动能不一定大，动能大的物体动量也不一定大，但动能为零的物体速度一定为零，则动量也一定为零，动量为零的物体动能也一定为零 故选 A。6、一个不稳定的原子核质量为M，处于静止状态。放出一个质量为m的粒子后反冲，已知原子核反冲的动能为E0，则放出的粒子的动能为（）A()0B0C0D0 答案：A 解析：核反应过程系统动量守恒，以放出粒子的速度方向为正方向，由动量守恒定律得 7 粒子 原子核0 原子核的动能 0=原子核22()粒子的动能 =粒子22 解得 =()0 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。7、2022 年北京冬奥会冰壶混双决赛于 2 月 8 日晚进行，“黑马”意大利队8:5战胜挪威队，豪取 11 连胜夺冠。若挪威队冰壶的质量为1，意大利队冰壶的质量为2，在某局比赛中，挪威队的冰壶以速度0与静止的意大利队的冰壶发生碰撞，碰撞后挪威队冰壶的速度为1。碰撞前后冰壶的速度均在一条直线上且方向相同，冰壶与冰面间的摩擦力远小于冰壶碰撞过程的内力，冰壶可视为质点，不计空气阻力。定义碰后意大利队的冰壶获得的动能与碰前挪威队的冰壶的动能之比叫做动能传递系数，则此局比赛两冰壶碰撞时的动能传递系数为（）A2(0212)102B1(0212)202C2(01)2102D1(01)2202 答案：D 解析：挪威队的冰壶与意大利队的冰壶在碰撞过程中动量守恒，则 10=11+22 此局比赛两冰壶碰撞时的动能传递系数为 8 =1222212102=1(0 1)2202 故 D 正确。故选 D。多选题 8、如图所示，放在水平地面上的物体受到的合外力随时间变化的关系，若物体开始时是静止的，则前 3s 内（）A物体的位移为 0 B物体的动量改变量为 0 C物体的动能变化量为 0 D物体的机械能改变量为 0 答案：BC 解析：AB第 1s 内F=20N，第 2、3s 内F=-10N，物体先加速、后减速，在 3s 内的冲量为 =20 1 10 2=0 根据动量定理I=p，前 3s 内，动量的变化量为零，在第 3s 末速度为零，物体的位移不为零，A 错误，B 正确；C由于初速度和末速度都为零，因此动能变化量也为零，C 正确；D但物体的重力势能是否改变不能判断，因此物体的机械能是否改变不能确定，D 错误。9 故选 BC。9、下列说法中正确的是（）A物体的速度大小改变时，物体的动量一定改变 B物体的速度方向改变时，其动量不一定改变 C物体的动量不变，其速度一定不变 D物体的动量发生改变，则合外力一定对物体做了功 答案：AC 解析：ABC物体动量 pmv 大小由物体质量及速度的大小共同决定，动量具有瞬时性，任一时刻物体动量的方向，即为该时刻的速度方向，则无论是当物体的速度大小改变还是方向改变时，物体的动量都一定改变；而当物体的动量不变时，其速度一定不变，则 A、C 正确，B 错误；D物体的动量发生改变，可能是速度方向发生变化，速度大小没有变化，故动能不一定变化，所以合外力不一定对物体做了功，D 错误。故选 AC。10、旅行者 1 号经过木星和土星时通过引力助推（引力弹弓）获得了足以完全摆脱太阳引力的动能。引力助推是飞行器从远距离接近反向运行的行星时，产生的运动效果就像该飞行器被行星弹开了，科学家们称这种情况为弹性碰撞，不过两者没有发生实体接触。如图所示，探测器飞向行星过程探测器与行星反向，不考虑其他星系的影响，探测器靠近行星前与远离后，分析正确的是（）10 A探测器动能增加 B探测器动能不变 C行星动能减小 D行星动能不变 答案：AC 解析：设探测器质量为m，行星质量为M，取行星和探测器组成的系统为研究对象，行星的运动方向为正方向。由动量守恒定律得 Mu-mv0=mv1+Mv2 探测器靠近和脱离行星时可认为系统万有引力势能没变，由能量守恒有 12Mu2+12m02=12m12+12M22 解得 v1=（-）0+2+因为Mm，所以 M+mM，M+mM-m，v1=2u+v0 探测器速度变大，动能增加，行星动能减小。故选 AC。填空题 11、台球运动中，母球和靶球的质量均为 160g，如图所示，运动员用球杆击打母球，已知母球与靶球碰前瞬时速率为 0.6m/s 正碰后瞬间靶球的速度为 0.4m/s，则碰后母球的速度为_m/s，该碰撞过程中产生的热11 量为_J。答案：0.2 0.0128J 解析：1根据动量守恒 母=母1+靶2 解得 1=0.2m/s 2 该碰撞过程中产生的热量 =12母212母1212靶22 解得 =0.0128J 12、质量为 1kg 的物体做直线运动，其速度图像如图所示，则物体在前 10s 内所受外力的冲量大小为_，在后 10s 内所受外力的冲量大小为_。答案：0 10kg m/s 12 解析：1根据动量定理，结合题图，可得物体在前 10s 内所受外力的冲量大小为 1=2 1=1 5 1 5=0 2后 10s 内所受外力的冲量大小是 1=3 2=1 (5)1 5=10kg m/s 负号表示方向，故大小为10kg m/s。