人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁高频考点知识梳理.docx

人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁高频考点知识梳理1单选题1、小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯液所示制电路中，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是（）A电磁铁的上端为S极B当光照强度增强，控制电路的电流变小C当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强D灯泡应设计在A和B两接线柱之间答案：DA由图可知，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；B当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故B错误；C当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，电磁铁磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，电流减小，则磁性变弱，故C错误；D光线较暗时，光敏电阻的阻值大，则控制电路中的电流小，电磁铁的磁性弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，灯泡自动发光，说明灯泡在A和B两接线柱之间，故D正确。故选D。2、如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（）A弹簧的弹性势能减小B电磁铁的上端为S极C电动机工作，灯不发光D电磁铁的工作原理是电磁感应答案：CA当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，弹性势能增大，故A错误；B当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为N极，故B错误；C当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C正确；D电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D错误。故选C。3、如图所示，线圈通电后，受磁场力作用将开始顺时针旋转。如果线圈是固定的，磁体可以绕线圈旋转，则线圈通电后，磁体将（）A开始顺时针旋转B开始逆时针旋转C保持静止D以上三种情况都有可能答案：B线圈通电后，受磁场力作用，线圈开始顺时针旋转；如果线圈是固定的，根据静止和运动的相对性可知，则线圈通电后，磁体开始逆时针旋转，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。4、关于图中所示的四个情景，下列说法中正确的是（）A触接后小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场B磁场中导体ab竖直向上运动时，电流表指针会发生偏转C闭合开关后磁场中的导体ab运动，依据该实验原理可制成发电机D通电螺线管周围的磁场强弱与电流方向有关答案：AA题图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，故A正确；B由题图可知，磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故B错误；C图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C错误；D、图中通电螺线管周围的磁场强弱与电流的大小有关，而磁场方向与电流的方向有关，故D错误。故选A。5、如图所示，小明送给奶奶一个电动足部按摩器，可以对足底进行加热、按摩。下列说法正确的是（）A按摩器工作时将机械能转化为电能B按摩器的工作原理与动圈式话筒的工作原理相同C按摩器发热利用了电流的热效应D对足底加热时，足底温度升高，利用做功的方式改变足底的内能答案：CA按摩器工作时消耗了电能，将电能转化为机械能和内能，故A错误；B按摩器的工作原理与电动机工作原理相同。动圈式话筒工作时，没有电源，将机械能转化为电能，与发电机工作原理相同，故B错误；C电流流过按摩器产生热量，所以按摩器发热利用了电流的热效应，故C正确；D对足底加热时，足底温度升高，利用热传递的方式改变足底的内能，故D错误。故选C。6、如图直流电动机（已安装换向器）的两个不同时刻的工作原理图，下列分析正确的是（）A甲图导线ab和乙图导线cd电流方向相反，受力方向相反B从上往下看，线圈中电流方向都是逆时针方向C导线cd在这两个时刻电流方向相同，转动方向相同D导线ab在这两个时刻电流流向不同，受力方向不同答案：DA由图示可知，导线ab在甲图中电流方向是由b到a的，受力方向是竖直向下的，导线cd在乙图中电流方向是由c到d的，受力方向是竖直向下的，故A错误；B由图可知，从上往下看，线圈中电流方向都是顺时针方向，故B错误；C导线cd在甲图中电流方向是由d到c的，受力方向是竖直向上的，在乙图中电流方向是由c到d的，受力方向是竖直向下的，故C错误；D由图示可知，导线ab在甲图中电流方向是由b到a的，受力方向是竖直向下的，在乙图中电流方向是由a到b的，受力方向是竖直向上的，故D正确。故选D。7、利用图所示实验揭示的原理，可制成（）A发电机B电动机C电磁铁D电磁继电器答案：A分析图可知，图中将闭合回路的一部分导线放在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，这就是电磁感应现象，该过程将机械能转化为电能，人们利用这个原理制成了发电机，故A符合题意；BCD不符合题意。故选A。8、有关电和磁的知识，下列说法正确的是（）A电动机工作将机械能转化为电能B摩擦起电的实质是创造了电荷C通电导体的周围真实存在磁感线D同名磁极相排斥，异名磁极相吸引答案：DA电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，所以电动机工作将电能转化为机械能，故A错误；B摩擦起电的实质并不是是创造了电荷，而是电荷发生了转移，束缚电子弱的失去电子，束缚电子能力强的得到电子，这样就发生了电荷的转移，故B错误；C磁感线是为了形象描述磁场而人为引入的，实际上磁感线并不存在，故C错误；D根据磁极间的相互作用规律可知，同名磁极相排斥，异名磁极相吸引，故D正确。故选D。9、用塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起。下列现象中“粘”的原因与其相同的是（）A两个铅柱底面削平挤压后能“粘”在一起B干燥的天气里，化纤布料的衣服容易“粘”在身上C用湿手拿冰冻的东西，手被粘住了D用硬纸片盖住装满水的玻璃杯并倒置，纸片“粘”在杯口答案：B用塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起，这是摩擦起电现象。A两个铅柱底面削平挤压后能粘在一起是分子间存在引力的结果，故A不符合题意；B在干燥的天气里，化纤布料会因为摩擦而带上电，所以很容易“粘”在身上，这是摩擦起电现象，故B符合题意；C用湿手去拿冰块时，手会被粘上是由于手上的水碰到冰块后凝固，故C不符合题意；D用硬纸片盖住装满水的玻璃杯，倒置后，纸片“粘”在杯口上，是由于大气压的作用，故D不符合题意。故选B。10、下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是（）ABCD答案：BA电路中没有电源，是电磁感应现象，是发电机的工作原理图，故A不符合题意；B电路中有电源，是根据通电导体在磁场中受力运动制成的，是电动机的工作原理，故B符合题意；C电路中没有电源，是电磁感应现象，是发电机的工作原理图，图中显示的是产生的交变电流波形图，故C不符合题意；D图中是电磁继电器，是根据电流的磁效应制成的，故D不符合题意。故选B。11、人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据武经总要记载，如图所示，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图中是它静止时的指向。下列判断正确的是（）A鱼形铁不能被磁体吸引B指南鱼周围存在磁感线C指南鱼鱼头应标注“N”D指南鱼的腹部磁性最强答案：CA铁片烧红后，达到特定温度，蘸水淬火后，在地磁场作用下，内部的分子排列有方向性，获得磁性，即磁化，鱼形铁被磁化后能被磁体吸引，故A错误；B磁体周围存在磁场，故指南鱼被磁化后周围存在磁场；磁感线是为了形象描述磁场而画的一些线，磁感线实际并不存在，故B错误；C将做好的指南鱼放入水盆中，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，指南鱼的N极指向地磁场的南极，即地理的北极，即指南鱼鱼头应标注“N”，故C正确；D磁体的磁极磁性最强，指南鱼的鱼头与鱼尾磁性最强，故D错误。故选C。12、关于磁场，下列说法中正确的是（）A地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合B磁极间的相互作用都不是通过磁场来发生的C磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体的S极答案：DA地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近，与地球两极并不完全重合，故A错误；B磁极间的相互作用是通过磁体周围的磁场而发生的，故B错误；C磁感线是在研究磁场时，用一条条曲线形象直观的描述周围的磁场分布情况，是通过想象而描绘出来的，不是真实存在的，故C错误；D磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极，磁体内部的磁感线是从S极到N极，故D正确。故选D。13、如图所示的磁体两极间磁感线的画法正确的是（）ABCD答案：AAB异名磁体的磁感线从N极出发，回到S极，故A正确；B错误；C同名磁极间都是从N极出发，而不是回到N极，故C错误；D蹄形磁铁的磁感线从N极出发，回到S极，故D错误。故选A。14、某同学制作了如图所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转，则下列说法正确的是（）A该装置工作时线圈相当于电路中的用电器B该装置将电能转化为机械能C该装置是利用电磁感应原理工作的D若图中电流计换成干电池，则无风吹时，线圈能持续转动答案：CABC图中线圈、导线和灵敏电流计组成闭合电路，线圈处在磁场中，风吹风车带动线圈转动切割磁感线从而产生感应电流，因此图示装置与发电机原理相同，是利用电磁感应现象工作的，将机械能转化为电能，该装置相当于电源，故C正确，AB错误；D若图中电流计换成干电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去，故D错误。故选C。15、下列描述的物理情景中，与电动机原理相同的是（）ABCD答案：B电动机原理是通电导体在磁场中受到力的作用；A图中没有电源，开关闭合时，导体棒在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，这是电磁感应原理，故A不符合题意；B图中有电源，是通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的原理相同，故B符合题意；C图中是奥斯特实验，是通电导体周围存在磁场，与电动机原理不同，故C不符合题意；D图中是异名磁极相互排斥，与电动机原理不同，故D不符合题意。故选B。多选题16、如图所示，是一种温度自动报警器的原理图。制作水银温度计时，在玻璃管的两端分别封入一段金属丝，电池的两极分别与金属丝相连，当温度达到与电池正极相连的金属丝下端所指的温度时，电铃就响起来，发出报警信号。下列说法正确的是（）A温度计中的水银能导电B温度升高到74以上，电磁铁无磁性C温度降低到74以下，电铃响D电铃响且滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁磁性减弱答案：ADA水银容易导电，是导体，故A正确；B当温度升高到74以上时，水银与金属丝接触，电磁铁的电路中有电流，电磁铁具有磁性，会吸引衔铁，电铃中有电流通过，电铃响，故B错误；C当温度在74以下，控制电路是断开的，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，使得工作电路断开，电铃不响，故C错误；D电铃响且滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电流变小，电磁铁磁性减弱，故D正确。故选AD。17、科技小组的同学们设计了如图甲所示的恒温箱温控电路（用于获得高于室温、一定范围内的“恒温”），包括工作电路和控制电路两部分。其中，R为阻值可以调节的可变电阻，R为热敏电阻（置于恒温箱内），其阻值随温度变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A图甲中所示状态为加热状态B当温度升高到一定温度时，加热器从保温转到加热状态C当温度升高时，电磁铁中的电流增大，磁性增强D当向左移动滑动变阻器滑片时，工作电路的温度升高答案：ACA由图甲可知，此时电热丝接入电路中，所示状态为加热状态，故A正确；BC由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；当温度升高到一定温度时，热敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强，会吸引衔铁，使得工作电路断开，电热丝不工作，所以加热器从加热转到保温状态，故B错误，C正确；D当向左移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强，会吸引衔铁，使得工作电路断开，电热丝不工作，工作电路的温度降低，故D错误。故选AC。18、如图所示，电和磁存在着许多相似的地方，下列描述中正确的是（）A电池有“+”、“-”两极；任何磁体都有N、S两极B电流总是从电源的正极流向负极；磁感线总是从磁体的北极指向南极C同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引D通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场相似答案：ACDA任何电池都有两极，分别是“+”、“-”两极；任何磁体有且只有两极，分别是N、S两极。故A正确；B电源外部，电流总是从电源的正极流向负极；在磁体外部，磁感线总是从磁体的北极指向南极。故B错误；C电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。故C正确；D通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场分布相似。故D正确。故选ACD。19、关于磁场，下列说法中正确的是（）A磁场对放入其中的物体有力的作用B可以用小磁针来判断磁场中某点磁场的方向C小磁针在磁场中静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向D铁屑撒在磁铁周围，可显示磁场的分布，但不能确定磁场的方向答案：BCDA磁体的周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，不是对所有物体都有力的作用。故A错误；BC人们规定：在磁场中的某一点小磁针静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向，因此，可以用小磁针来判断磁场中某点磁场的方向。故BC正确；D铁屑撒在磁铁周围，会受到磁力的作用，因此，可以根据铁屑的分布，显示磁场的分布，但是无法据此判断磁场的方向，故D正确。故选BCD。20、下列说法正确的是（）A相同状态下同种物质的比热容相同，不同种物质的比热容一般不同B当一个物体的动能发生改变，该物体的重力势能不一定改变C电流的磁场方向与电流方向和电流强度有关D大气压随高度增加而减小，每升高10米，大气压减小100帕答案：ABA比热容是物体的固有性质，一般只与物质的种类有关，物质的种类不同，比热容一般不同，故A正确；B物体在水平方向做变速运动时，物体的动能发生了变化，但物体的重力势能没有改变，故B正确；C电流的磁场方向与电流强度无关，故C错误；D大气压随海拔增加而减小，3000m以内，每升高10米，大气压减小100帕，故D错误。故选AB。21、（双选）小华学习了电流的磁场后用导线绕成了一个线圈，自制一个电磁铁，她希望获得更强的磁性，想到了以下几种办法，其中可行的是（）A增加电路中电池的节数B减少线圈匝数C将电源的正负极对调D在线圈中插入一根铁棒答案：AD电磁铁磁性的强弱跟电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，电流越大、匝数越多，插入铁芯，电磁铁的磁性越强。A增加电路中电池的节数，可以增大电路中的电流，增强磁性，故A符合题意；B减少线圈匝数，可以减弱磁性，故B不符合题意；C将电源的正负极对调，可以改变通电螺线管的极性，但不能改变磁性强弱，故C不符合题意；D在线圈中插入一根铁棒，磁性会增强，故D符合题意。故选AD。22、下列说法中正确的是（）A电荷的定向移动形成电流B通电铜导线中的电流方向与该导线中自由电子定向移动的方向一致C发电机是电磁感应现象的应用，正常工作时主要将电能转化为机械能D将能自由转动的小磁针放在磁场中的P点，小磁针静止时，小磁针N极所指的方向就是P点磁场的方向答案：ADA电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动的方向规定为电流方向，故A正确；B正电荷定向移动的方向为电流的方向，铜导线导电是依靠带负电的自由电子，所以电流方向与铜导线中自由移动的电子方向相反，故B错误；C发电机的工作原理是导体切割磁感线能产生感应电流，是根据电磁感应现象制成的，发电机工作时消耗机械能，产生电能，是将导体的机械能转化为电能，故C错误；D规定磁场中的自由小磁针静止时，N极所指的方向是该点的磁场方向。所以将能自由转动的小磁针放在磁场中的P点，小磁针静止时N极所指的方向就是P点磁场的方向，故D正确。故选AD。23、如图四幅图都是有关电与磁的知识，其中描述正确的是（）A图甲，奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场B图乙，闭合开关通电螺线管右端为S极C图丙，闭合开关电路接通，导体棒ab受磁场力的作用而运动D图丁，导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动答案：ACA磁场的基本特征是对处于其中的小磁针有力的作用。当导线通电有电流时，小磁针发生偏转，表明受到了力的作用，故奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场，故A正确；B如图所示，电源右边为正极，电流从螺线管右端流入，左端流出，由安培定则，将右手四指方向顺着电流方向握住螺线管，则大拇指所在方向为螺线管的N极，即右端为N极，左端为S极，故B错误；C磁体间通过磁场相互作用，通电导体周围存在磁场，所以通电导体在磁场中受到力的作用，闭合开关电路接通，导体棒ab受磁场力的作用而运动，故C正确；D电磁感应现象中产生的感应电流的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动，导体中会产生感应电流，这里上下运动不属于切割磁感线的运动，不会产生感应电流，电流表指针将不会摆动，故D错误。故选AC。24、电梯均有额定运载人数标准，当人员超载时，电梯内甲电路中的报警电铃会发出声音提示，此时乘客应主动减员，退出电梯。电梯的工作原理如图所示，R1为保护电阻，R2为压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。下列说法正确的是（）A电磁铁上端是S极B电梯正常运行时，K与A接触C电梯超载时，电磁铁磁性增强D电梯超载时，电动机停止工作同时响铃答案：BCDA工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为S极，上端为N极，故A错误；BD正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K与静触点B接触，电动机停止工作，电铃报警，故BD正确；C超载时，压敏电阻的阻值随压力增大而减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性的磁性增强，故C正确。故选BCD。25、勤思考、爱交流的小明对电与磁的知识进行了总结，并与小红进行交流，小红认为小明的结论有的正确、有的错误。小明总结的下列结论中正确的是（）A地磁场的北极在地理南极附近B通电导体周围存在磁场C改变了磁场的方向，通电导线在磁场中的受力方向一定发生改变D闭合回路的导体在磁场中运动时，导体中一定会产生感应电流答案：ABA地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故A正确；B将通电导体放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场，故B正确；C改变磁场的方向，同时电流的方向改变，则通电导线在磁场中的受力方向不会发生改变，故C错误；D闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生感应电流，故D错误。故选AB。填空题26、磁体与磁体之间会有力的作用，是因为磁体周围存在_；绿海龟是著名的航海能手，它是利用_进行导航的。答案：磁场地磁场1磁体间不接触也会有力的作用，磁体间力的相互作用是通过磁场而发生的，磁体周围存在磁场。2绿海龟是著名的航海能手，绿海龟辨别方向靠的是地磁场，故它是利用地磁场进行导航的。27、如图所示，闭合开关，导体ab就会运动起来，在此过程中，_能转化为_能。利用这一原理可以制作_。答案：电机械电动机12如图，闭合开关，导体ab中有电流通过，通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能。3利用通电导体在磁场中受力而运动原理可以制作电动机。28、如题图甲所示是小明设计的盐水密度控制模拟装置，A物体浸没在盐水中，R为定值电阻，RF为力敏电阻，其阻值随下方轻质细线拉力的变化关系如图乙所示。已知U=12V，VA=100cm3，A=1.6g/cm3。当电磁铁线圈中的电流I0.048A时，铁质开关K被吸上，当I0.04A时，K被释放，从而通过控制水泵向容器中注水使盐水密度保持在一定范围内。电磁铁线圈电阻忽略不计，假设水加入容器后与盐水立刻混合均匀。（g取10N/kg）（1）闭合开关，电磁铁的上端是_极。若往容器中注水，轻质细线上的拉力将_（选填“增大”“减小”或“不变”）；（2）若此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3，则R=_，该装置所能控制的最小盐水密度是_g/cm3；（3）若将R更换为阻值更大的电阻，该装置控制的最大盐水密度将_，该装置控制的最大盐水密度与最小盐水密度的差值将_（均选填“变大”“变小”或“不变”）。答案：S变大501.1变大变小（1）1由图可知，电流从螺线管的上端流入，由安培定则可知它的上端S极，下端是N。2若往容器中注水，盐水的密度减小，物体排开液体的体积不变，根据F浮=液gV排可知物体A所受浮力变小，由于轻质细线上的拉力F=G-F浮，则拉力F变大。（2）3物体A的重力GA=mAg=AVAg=1.6103kg/m310010-6m310N/kg=1.6N若此装置所能控制的最大盐水密度为1.3g/cm3，物体A所受的最大浮力F浮最大=最大VAg=1.3103kg/m310010-6m310N/kg=1.3N此时轻质细线上的拉力F最小=G-F浮=1.6N-1.3N=0.3N根据图象可知F最小=0.3N，RF1=200此时铁质开关K应吸上，排水电路开始排水，则电磁铁线圈中的电流I0.048A，电路中的总电阻R总=UI=12V0.048A=250根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得定值电阻R=R总-RF1=250-200=504根据题意可知，当电流达到I=0.04A时，铁质开关K被释放，停止放水；电路中的总电阻R总=UI=12V0.04A=300此时RF的阻值RF=R总-R=300-50=250由图乙可知，此时的拉力为F最大=0.5N，物体A所受的最小浮力F浮最小=G-F最大=1.6N-0.5N=1.1N盐水的最小密度最小=F浮最小VAg=1.1N10010-6m310N/kg=1.1103kg/m3（3）5当R的阻值调大时，由于控制电路中释放或吸上铁质开关的电流值不变，则控制电路对应的总电阻不变，由RF=R总-R可知，RF的阻值会变小，由图象可知物体A受到的拉力减小；根据F浮=G-F可知物体A受到的浮力变大，根据液=F浮V排g可知液体的密度变大。6当R的阻值调大时，RF的阻值要变小，由图像可知，RF的阻值变化量比拉力变化量大，当最大盐水密度与最小盐水密度时，RF的对应的阻值差（RF1-RF2）保持不变，受到的拉力最大与最小的差值变小，根据F浮=G-F可知物体A受到的浮力最大与最小的差值变小，根据液=F浮V排g得到液体的密度最大与最小的差值变小。29、如图所示，通电螺线管的a端相当于条形磁体的_极；若螺线管中的电流增大，它的磁性会_。答案：N（北）增强1由图可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，则大拇指所指的那一端即为N（北）极，所以通电螺旋管的a端相当于条形磁体的N（北）极。2通电螺线管的磁性大小与电流的大小有关，当其它条件不变时，电流越大，它的磁性越强。30、小吴通过观察小区门口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，指示灯亮，栏杆抬起，车辆通行，于是他设计了如图所示的模拟装置，电源电压恒定，指示灯L标有“3V1.8W”字样，电磁铁的线圈阻值不计，当车牌识别成功，相当于将图中开关S闭合，当滑动变阻器接入电阻为10时，指示灯L刚好正常发光，铁柱被电磁铁向下吸引抬起栏杆，此时电磁铁的上端为_（选填“N”或“S”）极，电源电压为_V，若电源电压降低，闭合开关，电磁铁磁性减弱，栏杆不能自动抬起，除了更换电源外，请你再写出一种能使栏杆自动抬起的方法：_。答案：N9将滑动变阻器的滑片向上移动1由图中可知，闭合开关后，电流从通电螺线管的上端流入，根据导线的缠绕方式，由安培定则可知，此时电磁铁的上端为N极。2由电路图可知，滑动变阻器与指示灯串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为R滑=10时，指示灯L刚好正常发光，由题意可知，指示灯L的额定电压为U=3V，额定功率为P=1.8W，故由P=UI可得，此时电路中的电流为I=PU=1.8W3V=0.6A由欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压为U滑=IR滑=0.6A10=6V由串联电路的电压规律可得，电源电压为U源=U+U滑=3V+6V=9V3若电源电压降低，闭合开关，电路中电流减小，电磁铁磁性减弱，使得栏杆不能自动抬起，若要使栏杆抬起，应增大电路中电流，则应减小电路中的电阻，故可减小滑动变阻器接入电路中的阻值，即可以将滑动变阻器的滑片向上移动。23