阶段评估·滚动检测(三).ppt

（三）,第四七章,(90,分钟,100,分,),第,卷,(,选择题 共,40,分,),一、选择题,(,本大题共,10,小题，每小题,4,分，,共,40,分,.,每小题至少一个答案正确，选不全得,2,分,),1.(,滚动单独考查,)(2011,青岛模拟,),在一棵大树将要被伐倒的时候，有经验的伐木工人就会双眼紧盯着树梢，根据树梢的运动情形就能判断大树正在朝着哪个方向倒下，从而避免被倒下的大树砸伤,.,从物理知识的角度来解释，以下说法正确的是,(),A.,树木开始倒下时，树梢的角速度较大，易于判断,B.,树木开始倒下时，树梢的线速度最大，易于判断,C.,树木开始倒下时，树梢的向心加速度较大，易于判断,D.,伐木工人的经验缺乏科学依据,【,解析,】,选,B.,由,v,r,，,相同，,r,大则,v,大，根据树梢易于判断运动方向，,B,正确,.,2.(2011,南昌模拟,),下列叙述正确的是,(),A.,带等量异号电荷的两个导体接触后，电荷就会由于相互中和而消失,B.,一个物体带,1.6,10,-9,C,的负电荷，这是它失去了,1.0,10,10,个电子的缘故,C.,元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量,D.,电场中某点场强越大，则同一电荷在该点所受电场力越大,【,解析,】,选,C,、,D.,两个带等量异种电荷的导体，接触后电荷中和而抵消，不是消失，,A,错误；物体带负电荷，可能是得到电子的缘故，也可能是负电荷的转移，,B,错误；,e=1.60,10,-19,C,叫元电荷，与电子所带电荷量相等，,C,正确；由,F=,qE,知，同一电荷在场强大的位置处所受电场力大，,D,正确,.,3.,两个相同的电阻,R,，当它们串联后接在电动势为,E,的电源上，通过一个电阻的电流为,I,；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为,I,，则电源的内阻为,(),A.4R B.R C.D.,无法计算,【,解析,】,选,B.,当两电阻串联接入电路中时,I,当两,电阻并联接入电路中时,I,由以上两式可得：,r,R,，故,B,项正确,.,4.,教学上用的吸尘器的电动机内阻是一定的，当加上,0.3 V,的电压，电流为,0.3 A,时，吸尘器上的直流电动机不转动；当加上,2.0 V,的电压、电流为,0.8 A,时，它正常工作，则吸尘器正常工作时输出功率与输入功率之比为,(),A.35 B.53 C.12 D.13,【,解析,】,选,A.,电动机不转时，可视为纯电阻，由欧姆定律可知其内阻为,r,1,；当正常工作时，,P,入,UI,2.0,0.8 W,1.6 W,，,P,热,I,2,r,0.8,2,1 W,0.64 W,，所以,P,出,P,入,P,热,1.6 W,0.64 W,0.96 W,，所以输出功率与输入功率之比为,35,，,A,正确,.,5.(,滚动单独考查,)(2011,广州模拟,),雨滴由静止开始下落,(,不计空气阻力,),，遇到水平方向吹来的风，设风对雨滴持续作用，下列说法中正确的是,(),A.,雨滴质量越大，下落时间将越短,B.,雨滴质量越小，下落时间将越短,C.,同一雨滴风速越大，着地时动能越小,D.,同一雨滴风速越大，着地时动能越大,【,解析,】,选,D.,在竖直方向，不计空气阻力，故,h,gt,2,，高度一定，下落时间一定，落地时竖直分速度一定，与水平方向风的大小无关；在水平方向，风速越大，落地时水平分速度就越大，所以风速越大，着地时动能越大，,D,项正确,.,6.,如图所示，带正电的点电荷固定于,Q,点，电子在库仑力作用下，以,Q,点为,焦点做椭圆运动,.M,、,N,、,P,为椭圆上的,三点，,P,点离,Q,点最远,.,电子在从,M,点经,P,点到达,N,点的过程中,(),A.,速率先增大后减小,B.,动能先减小后增大,C.,电势能先减小后增大,D.,库仑力先做正功后做负功,【,解析,】,选,B.,电子所做的椭圆运动遵循开普勒的行星运动规律，所以电子在从,M,点经,P,点到达,N,点的过程中，速率先减小后增大，故,A,错，,B,对；而库仑力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，故,C,、,D,错,.,7.(2011,宁波模拟,),如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号变成了电信号,.,则当振动膜片向右振动时,(),A.,电容器电容值增大,B.,电容器带电荷量减小,C.,电容器两极板间的场强增大,D.,电流自左向右流过,R,【,解析,】,选,A,、,C.,振动膜片向右振动时，相当于两极板间距,减小，由,C,知,C,变大，,A,对；又由,C,因电容式话,筒始终与电源连接，,U,不变，故,Q,变大，,B,错；由,E,知，,d,减小，,E,变大，,C,对；当电容器电荷量变大时，由电源正负极知，电流方向自右向左通过,R,，,D,错,.,8.,某静电场沿,x,方向的电势分布如图所示，则,(),A.,在,O,x,1,之间不存在沿,x,方向的电场,B.,在,O,x,1,之间存在着沿,x,方向的匀强电场,C.,在,x,1,x,2,之间存在着沿,x,方向的匀强电场,D.,在,x,1,x,2,之间存在着沿,x,方向的非匀强电场,【,解析,】,选,A,、,C.,由图象知，在,O,与,x,1,这两点之间不存在电势差，故这两点之间不存在电场，,A,对,B,错；在,x,1,与,x,2,这两点之间存在着与距离成正比的电势差，故可以确定存在着匀强电场，,C,对,D,错,.,9.,如图所示，示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成,.,如果在荧光屏上,P,点出现亮斑，那么示波管中的,(),A.,极板,X,应带正电,B.,极板,X,应带正电,C.,极板,Y,应带正电,D.,极板,Y,应带正电,【,解析,】,选,A,、,C.,由荧光屏上亮斑的位置可知，电子在,XX,偏转电场中向,X,极板方向偏转，故极板,X,带正电，,A,正确,B,错误；电子在,YY,偏转电场中向,Y,极板方向偏转，故极板,Y,带正电，,C,正确,D,错误,.,10.,图甲为某一小灯泡的,U-I,图线，现将两个这样的小灯泡并联后再与一个,4,的定值电阻,R,串联，接在内阻为,1,、电动势为,5 V,的电源两端，如图乙所示,.,则,(),A.,通过每盏小灯泡的电流强度为,0.2 A,，此时每盏小灯泡的电功率为,0.6 W,B.,通过每盏小灯泡的电流强度为,0.3 A,，此时每盏小灯泡的电功率为,0.6 W,C.,通过每盏小灯泡的电流强度为,0.2 A,，此时每盏小灯泡的电功率为,0.26 W,D.,通过每盏小灯泡的电流强度为,0.3 A,，此时每盏小灯泡的电功率为,0.4 W,【,解析,】,选,B.,若通过每盏小灯泡的电流强度为,0.2 A,，则电源输出电流为,I,0.4 A,，由闭合电路欧姆定律计算得此时小灯泡两端电压为,U,E,I(R,r),3 V,；由题图甲可知小灯泡的电流强度为,0.2 A,时小灯泡两端电压仅为,1.0 V,，显然通过每盏小灯泡的电流强度不可能为,0.2 A,，,A,、,C,错误；若通过每盏小灯泡的电流强度为,0.3 A,，由题图甲可知小灯泡的电流强度为,0.3 A,时小灯泡两端电压为,2.0 V,，电阻,R,和内阻,r,上的电压为,3.0 V,，此时每盏小灯泡的电功率为,P,UI,0.6 W,，,B,正确,D,错误,.,第,卷,(,非选择题 共,60,分,),二、实验题,(,本大题共,2,小题,共,16,分,),11.(6,分,),如图所示的电路中，,1,、,2,、,3,、,4,、,5,、,6,为连接点的标号,.,在开关闭合后，发现小灯泡不亮,.,现用多用电表检查电路故障，需要检测的有：电源、开关、小灯泡、,3,根导线以及电路中的各连接点,.,(1),为了检测小灯泡以及,3,根导线，在连接点,1,、,2,已接好的情况下，应当选用多用电表的,_,挡,.,在连接点,1,、,2,同时断开的情况下，应当选用多用电表的,_,挡,.,(2),在开关闭合情况下，若测得,5,、,6,两点间的电压接近电源的电动势，则表明,_,可能有故障,.,【,解析,】,用多用电表欧姆挡测电阻时必须将其从电路中断开，在点,1,和点,2,已接好的情况下，应选用多用电表的电压挡测量各器材两端的电压；点,1,和点,2,同时断开时，可以用欧姆挡进行测量；在开关闭合时，若测得,5,、,6,两点间电压接近电源电动势，可知开关或连接点,5,、,6,出现故障,.,答案：,(1),电压 欧姆,(2),开关或连接点,5,、,6,12.(10,分,),为了测量一个阻值较大的未知电阻，某同学使用了干电池,(1.5 V),，毫安表,(1,mA,),，电阻箱,(0,9 999),，电键，导线等器材,.,该同学设计的实验电路如图,(a),所示，实验时，将电阻箱阻值置于最大，断开,K,2,，闭合,K,1,，减小电阻箱的阻值，使电流表的示数为,I,1,1.00,mA,，记录电流值，然后保持电阻箱阻值不变，断开,K,1,，闭合,K,2,，此时电流表示数为,I,2,0.80,mA,，记录电流值,.,由此可得被测电阻的阻值为,_.,经分析，该同学认为上述方案中电源电动势的值可能与标称值不一致，因此会造成误差,.,为避免电源对实验结果的影响，又设计了如图,(b),所示的实验电路，实验过程如下：断开,K,1,，闭合,K,2,，此时电流表指针处于某一位置，记录相应的电流值，其大小为,I,；断开,K,2,，闭合,K,1,，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数为,_,，记录此时电阻箱的阻值，其大小为,R,0,.,由此可测出,R,x,_.,【,解析,】,由于待测电阻很大，所以可忽略电源的内阻和电流表的内阻，所以不需要电压表，直接由欧姆定律即可求解,.,当,I,1,1.00,mA,时，电阻箱的电阻,R,0,当断开,K,1,、闭合,K,2,时，电阻箱与待测电阻串联，其总电阻值,所以待测电阻,R,x,R-R,0,375.,题图,(b),是利用了替代法测电阻，两次电流表示数相同，则,R,x,R,0,.,答案：,375 I R,0,三、计算题,(,本大题共,4,小题，共,44,分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位,),13.(2011,昆明模拟,)(10,分,),一束电子流在,U,1,=500 V,的电压,作用下加速后垂直于平行板间,的匀强电场飞入两板间的中央，,如图所示,.,若平行板间的距离,d=1 cm,，板长,l=5 cm,，求：至少在平行板上加多大电压,U,2,才能使电子不再飞出平行板？,【,解析,】,电子经,U,1,加速时，电场力做正功，根据动能定理可,得,eU,1,=mv,2,0,(2,分,),电子飞入平行板电场后做类平抛运动，在水平方向电子做匀,速直线运动，最大运动时间,t=(1,分,),在竖直方向电子做初速度为零的匀加速运动，其加速度为,a=(2,分,),根据运动学公式,(2,分,),由以上各式解得：,U,2,=40 V (3,分,),答案：,40 V,14.(10,分,),如图甲所示的电路中，,R,1,、,R,2,均为定值电阻，且,R,1,100,，,R,2,阻值未知，,R,3,为一滑动变阻器,.,当其滑片,P,从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中,A,、,B,两点是滑片,P,在变阻器的两个不同端点得到的,.,求：,(1),电源的电动势和内阻,;,(2),定值电阻,R,2,的阻值,;,(3),滑动变阻器的最大阻值,.,【,解析,】,(1),由乙图知将,AB,线延长后，交,U,轴于,20 V,处，,交,I,轴于,1.0 A,处，所以电源的电动势为,E,20 V,，,内阻,r,20.(3,分,),(2),当,P,滑到,R,3,的右端时，电路参数对应乙图中的,B,点，,即,U,2,4 V,、,I,2,0.8 A (1,分,),得,R,2,5.(2,分,),(3),当,P,滑到,R,3,的左端时，由乙图知此时,U,外,16 V,，,I,总,0.2 A,，所以,R,外,80.(2,分,),因为,R,外,R,2,，所以滑动变阻器的最大阻值为,R,3,300.(2,分,),答案：,(1)20 V 20 (2)5 (3)300,15.(,滚动交汇考查,)(12,分,),如图所示，,ABDO,是处于竖直平面,内的光滑轨道，,AB,是半径为,R=15 m,的,1/4,圆周轨道，半径,OA,处于水平位置，,BDO,是直径为,15 m,的半圆轨道,.,一个质量为,0.6 kg,的小球,P(,可看成质点,),从,A,点的正上方距水平半径,OA,高,H=10 m,处自由落下，沿竖直平面内的轨道通过,AB,段,.,(,取,g=10 m/s,2,),(1),试讨论小球,P,能否到达,BDO,轨道的,O,点，并说明理由,.,若能，求出小球通过,O,点时对轨道的压力,.,(2),小球沿轨道运动后再次落到轨道上的速度的大小是多少？,【,解析,】,(1),设小球能够沿竖直半圆轨道运动到,O,点的最小,速度为,v,c,，有,mg=,得,v,c,=(2,分,),从,H,高处落下，有,mgH,=,通过,O,点的速度为,v,0,=14.1,m/s,(1,分,),因为,v,0,v,c,，所以小球能过,O,点,设过,O,点时轨道对小球的作用力为,F,，由牛顿第二定律得,F+mg,=,F=10 N (2,分,),由牛顿第三定律可知,小球对轨道的作用力,F=F=10 N,方向竖直向上,(1,分,),(2),小球通过,O,点后做平抛运动，设小球经时间,t,落到,AB,圆弧轨道上，有,x=v,0,t (1,分,),y=gt,2,(1,分,),由数学关系可得,x,2,+y,2,=R,2,(2,分,),可解得时间,t=1 s(,另解舍弃,)(1,分,),落到轨道上速度的大小,(1,分,),答案：,(1),见解析,(2)10,m/s,16.(2011,福州模拟,)(12,分,),如图所示的电路中，两平行金属板,A,、,B,水平放置，极板长,l=80 cm,，两板间的距离,d=40 cm,，电源电动势,E=40 V,，内电阻,r=1,，电阻,R=15,，闭合开关,S,，待电路稳定后，将一带负电的小球从,B,板左端且非常靠近,B,板的位置以初速度,v,0,=4,m/s,水平向右射入两板间，该小球可视为质点,.,若小球带电量,q=1,10,-2,C,，质量为,m=2,10,-2,kg,，不考虑空气阻力，电路中的电压表、电流表均是理想电表,.,若小球恰好从,A,板右边缘射出,(g,取,10 m/s,2,).,求：,(1),滑动变阻器接入电路的阻值为多少？,(2),此时电流表、电压表的示数分别为多少？,(3),此时电源的输出功率是多少？,【,解析,】,(1),设小球在板间运动时间为,t,，则,(1,分,),根据,d=at,2,得运动加速度,=20 m/s,2,(1,分,),对小球，根据牛顿第二定律得,解得,(2,分,),所以滑动变阻器两端电压,U,滑,=U,AB,=24 V,设通过滑动变阻器的电流为,I,，由欧姆定律得，,(2,分,),滑动变阻器接入电路的阻值,R,滑,=24.(1,分,),(2),此时电流表的示数为,1 A.(1,分,),电压表的示数为,U=E-,Ir,=(40-1,1)V=39 V.(2,分,),(3),电源的输出功率,P,出,=IU=39 W (2,分,),答案：,(1)24 (2)1 A 39 V (3)39 W,Thank you!,